目錄
第一題：啤酒和飲料
第二題：切面條
第三題：李白打酒
第四題：史豐收速算
第五題：列印圖形
第六題：奇怪的分式
第七題：六角填數
第八題：螞蟻感冒
第九題：地宮取寶
第十題：小朋友排隊
第一題：啤酒和飲料
啤酒每罐2.3元，飲料每罐1.9元，小明買了若干啤酒和飲料，一共花了82.3元，
我們還知道他買的啤酒比飲料的數量少，請你計算他買了幾罐啤酒，
注意：答案是一個整數，請通過瀏覽器提交答案，
不要書寫任何多余的內容（例如：寫了飲料的數量，添加說明文字等），
答案： 11 此時啤酒11罐，飲料30罐
#include<iostream>
using namespace std;
int main()
{
double beer, bev;//分別表示啤酒，飲料的錢
for (int i = 0; i < 50; i++)//啤機
{
for (int j = i; j < 50; j++)
{
beer = (double)i * 2.3;
bev = (double)j * 1.9;
if (beer + bev == 82.3)
{
cout << i << " " << j << endl;
system("pause");
return 0;
}
}
}
}第二題：切面條
一根高筋拉面，中間切一刀，可以得到2根面條，
如果先對折1次，中間切一刀，可以得到3根面條，
如果連續對折2次，中間切一刀，可以得到5根面條，
那么，連續對折10次，中間切一刀，會得到多少面條呢？
答案是個整數，請通過瀏覽器提交答案，不要填寫任何多余的內容，
分析：有點考空間思維能力啊，這個；需要自己畫圖理解，
答案：1024
第三題：李白打酒
話說大詩人李白，一生好飲，幸好他從不開車，
一天，他提著酒壺，從家里出來，酒壺中有酒2斗，他邊走邊唱：
無事街上走，提壺去打酒，
逢店加一倍，遇花喝一斗，
這一路上，他一共遇到店5次，遇到花10次，已知最后一次遇到的是花，他正好把酒喝光了，
請你計算李白遇到店和花的次序，可以把遇店記為a，遇花記為b，則：babaabbabbabbbb 就是合理的次序，像這樣的答案一共有多少呢？請你計算出所有可能方案的個數（包含題目給出的），
注意：通過瀏覽器提交答案，答案是個整數，不要書寫任何多余的內容，
dfs試探兩種情況
1.雨花喝一斗
2.遇店加一倍
當遇店的數等于5并且酒的剩余為1，遇花的次數為9時，那么方案數加一，否則return；
答案：14
#include<iostream>
using namespace std;
int ans;
void dfs(int beer, int dian, int hua)
{
if (beer == 1 && dian == 5 && hua == 9)
{
ans++;
return;
}
if (dian > 5 || hua > 9) return;
//1.遇花喝一斗
dfs(beer - 1, dian, hua + 1);
//2.遇店加一倍
dfs(2 * beer, dian + 1, hua);
}
int main()
{
dfs(2, 0, 0);
cout << ans << endl;
system("pause");
return 0;
}第四題：史豐收速算
史豐收速演算法的革命性貢獻是：從高位算起，預測進位，不需要九九表，徹底顛覆了傳統手算!
速算的核心基礎是：1位數乘以多位數的乘法，
其中，乘以7是最復雜的，就以它為例，
因為，1/7 是個回圈小數：0.142857...，如果多位數超過 142857...，就要進1
同理，2/7, 3/7, ... 6/7 也都是類似的回圈小數，多位數超過 n/7，就要進n
下面的程式模擬了史豐收速演算法中乘以7的運算程序，
乘以 7 的個位規律是：偶數乘以2，奇數乘以2再加5，都只取個位，
乘以 7 的進位規律是：
滿 142857... 進1,
滿 285714... 進2,
滿 428571... 進3,
滿 571428... 進4,
滿 714285... 進5,
滿 857142... 進6
請分析程式流程，填寫劃線部分缺少的代碼，
//計算個位
int ge_wei(int a)
{
if(a % 2 == 0)
return (a * 2) % 10;
else
return (a * 2 + 5) % 10;
}
//計算進位
int jin_wei(char* p)
{
char* level[] = {
"142857",
"285714",
"428571",
"571428",
"714285",
"857142"
};
char buf[7];
buf[6] = '\0';
strncpy(buf,p,6);
int i;
for(i=5; i>=0; i--){
int r = strcmp(level[i], buf);
if(r<0) return i+1;
while(r==0){
p += 6;
strncpy(buf,p,6);
r = strcmp(level[i], buf);
if(r<0) return i+1;
______________________________; //填空
}
}
return 0;
}
//多位數乘以7
void f(char* s)
{
int head = jin_wei(s);
if(head > 0) printf("%d", head);
char* p = s;
while(*p){
int a = (*p-'0');
int x = (ge_wei(a) + jin_wei(p+1)) % 10;
printf("%d",x);
p++;
}
printf("\n");
}
int main()
{
f("428571428571");
f("34553834937543");
return 0;
}
注意：通過瀏覽器提交答案，只填寫缺少的內容，不要填寫任何多余的內容（例如：說明性文字）
答案： if(r > 0) return i; //填空 （有點類似高進度乘法）
第五題：列印圖形
小明在X星球的城堡中發現了如下圖形和文字：
rank=3
*
* *
* *
* * * *
rank=5
*
* *
* *
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* *
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* * * * * * * *
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ran=6
*
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* * * * * * * * * * * * * * * *
* * * * * * * * * * * * * * * *
* * * * * * * * * * * * * * * * * * * * * * * * * * * * * * * *
小明開動腦筋，撰寫了如下的程式，實作該圖形的列印，
#define N 70
void f(char a[][N], int rank, int row, int col)
{
if(rank==1){
a[row][col] = '*';
return;
}
int w = 1;
int i;
for(i=0; i<rank-1; i++) w *= 2;
____________________________________________;
f(a, rank-1, row+w/2, col);
f(a, rank-1, row+w/2, col+w);
}
int main()
{
char a[N][N];
int i,j;
for(i=0;i<N;i++)
for(j=0;j<N;j++) a[i][j] = ' ';
f(a,6,0,0);
for(i=0; i<N; i++){
for(j=0; j<N; j++) printf("%c",a[i][j]);
printf("\n");
}
return 0;
}
請仔細分析程式邏輯，填寫缺失代碼部分，
通過瀏覽器提交答案，注意不要填寫題目中已有的代碼，也不要寫任何多余內容（比如說明性的文字）
答案： f(a, rank - 1, row, col + w / 2);
#include<iostream>
using namespace std;
#define N 70
void f(char a[][N], int rank, int row, int col)
{
if(rank==1){
a[row][col] = '*';
return;
}
int w = 1;
int i;
for(i=0; i<rank-1; i++) w *= 2;
// ____________________________________________;
f(a, rank - 1, row, col + w / 2);//處理上面的三角新
f(a, rank-1, row+w/2, col);//處理左下角的三角形
f(a, rank-1, row+w/2, col+w);//處理右下角的三角形
}
int main()
{
char a[N][N];
int i,j;
for(i=0;i<N;i++)
for(j=0;j<N;j++) a[i][j] = ' ';
f(a,5,0,0);
for(i=0; i<N; i++){
for(j=0; j<N; j++) printf("%c",a[i][j]);
printf("\n");
}
return 0;
}
第六題：奇怪的分式
上小學的時候，小明經常自己發明新演算法，一次，老師出的題目是：
1/4 乘以 8/5
小明居然把分子拼接在一起，分母拼接在一起，答案是：18/45 （參見圖1.png）
老師剛想批評他，轉念一想，這個答案湊巧也對啊，真是見鬼！
對于分子、分母都是 1~9 中的一位數的情況，還有哪些算式可以這樣計算呢？
請寫出所有不同算式的個數（包括題中舉例的），
顯然，交換分子分母后，例如：4/1 乘以 5/8 是滿足要求的，這算做不同的算式，
但對于分子分母相同的情況，2/2 乘以 3/3 這樣的型別太多了，不在計數之列!
注意：答案是個整數（考慮對稱性，肯定是偶數），請通過瀏覽器提交，不要書寫多余的內容，
答案 14 記得要去重，要出去分子分母相同的情況
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
int gcd(int a, int b)
{
if(b == 0) return a;
return gcd(b, a %b);
}
int main()
{
int ans = 0;
int a, b, c, d;
for(a = 1; a <= 9; a++) //第一個分數的分子
for(b = 1; b <= 9; b++) //第一個分數的分母
for(c = 1; c <= 9; c++) //第二個分數的分子
for(d = 1; d <= 9; d++) //等二個分數的分母
{
int x1, y1, x2, y2; //分別就算兩種方法得到的新分數的分子分母
double res1, res2;
//基本的乘法產生的分數
x1 = a * c, y1 = b * d;
res1 = gcd(x1, y1);
x1 /= res1, y1 /= res1;
//拼接的方式計算
x2 = a * 10 + c, y2 = b * 10 + d;
res2 = gcd(x2, y2);
x2 /= res2, y2 /= res2;
if(x1 == x2 && y1 == y2 && a != b && c != d)
{
ans++;
cout << a << "/" << b << " " << c << "/" << d << endl;
}
}
cout << ans << endl;
return 0;
}
第七題：六角填數
如圖【1.png】所示六角形中，填入1~12的數字，
使得每條直線上的數字之和都相同，
圖中，已經替你填好了3個數字，請你計算星號位置所代表的數字是多少？
請通過瀏覽器提交答案，不要填寫多余的內容，
分析：將剩余的空白用陣列來填充，然后將剩下的數放到陣列中去，使用next_premutation產生全排列，然后check().
答案：10 每條橫線數字之和為26
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
bool check(int a[])
{
int res[6];
res[0] = 8 + a[0] + a[1] + a[2];
res[1] = 1 + a[0] + a[3] + a[5];
res[2] = 1 + a[1] + a[4] + a[8];
res[3] = 8 + a[3] + a[6] + 3;
res[4] = 3 + a[2] + a[4] + a[7];
res[5] = a[5] + a[6] + a[7] + a[8];
for(int i = 1; i < 6; i++)
{
if(res[i] != res[0]) return false;
}
return true;
}
int main()
{
int a[9] = { 2, 4, 5, 6, 7, 9, 10, 11, 12 };
do{
if(check(a))
{
for(int i = 0; i < 9; i++)
{
cout << i << " " << a[i] << endl;
}
return 0;
}
}while(next_permutation(a, a + 9));
}
第八題：螞蟻感冒
長100厘米的細長直桿子上有n只螞蟻，它們的頭有的朝左，有的朝右，
每只螞蟻都只能沿著桿子向前爬，速度是1厘米/秒，
當兩只螞蟻碰面時，它們會同時掉頭往相反的方向爬行，
這些螞蟻中，有1只螞蟻感冒了，并且在和其它螞蟻碰面時，會把感冒傳染給碰到的螞蟻，
請你計算，當所有螞蟻都爬離桿子時，有多少只螞蟻患上了感冒，
【資料格式】
第一行輸入一個整數n (1 < n < 50), 表示螞蟻的總數，
接著的一行是n個用空格分開的整數 Xi (-100 < Xi < 100), Xi的絕對值，表示螞蟻離開桿子左邊端點的距離，正值表示頭朝右，負值表示頭朝左，資料中不會出現0值，也不會出現兩只螞蟻占用同一位置，其中，第一個資料代表的螞蟻感冒了，
要求輸出1個整數，表示最后感冒螞蟻的數目，
例如，輸入：
3
5 -2 8
程式應輸出：
1
再例如，輸入：
5
-10 8 -20 12 25
程式應輸出：
3
分析：這個題在網上看過講解，經常刷題的話，刷到過類似的題的話還是比較輕松；否則就看個能能力吧~~~，本題呢，先要判斷第一個感染螞蟻的朝向，然后所有的螞蟻都不考慮碰頭然后調換頭的朝向去看，
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int N = 55;
int n;
int a[N];
int main()
{
scanf("%d", &n);
for(int i = 0; i < n; i++) scanf("%d", &a[i]);
int ans = 1;
if(a[0] > 0)
{//第一只感冒的螞蟻頭朝右
bool flag = false; //判斷是否
int res = 0; //記錄頭朝左并且距離到起點比a[0]小的螞蟻
for(int i = 1; i < n; i++)
{
if(a[i] > 0 && a[i] < a[0]) res++;
if(a[i] < 0 && -a[i] > a[0])
{
ans++;
flag = true;
}
}
if(flag == true) ans += res;
}
else
{//此時a[0] < 0 表示第一只螞蟻頭朝左
bool flag = false;//判斷是否存在頭朝右且到原點的距離比a[0]小
int res = 0;
for(int i = 1; i < n; i++)
{
if(a[i] > 0 && a[i] < -a[0])
{
ans++;
flag = true;
}
if(a[i] < 0 && -a[i] > -a[0]) res++;
}
if(flag == true) ans += res;
}
printf("%d\n", ans);
return 0;
}
第九題：地宮取寶
X 國王有一個地宮寶庫，是 n x m 個格子的矩陣，每個格子放一件寶貝，每個寶貝貼著價值標簽，
地宮的入口在左上角，出口在右下角，
小明被帶到地宮的入口，國王要求他只能向右或向下行走，
走過某個格子時，如果那個格子中的寶貝價值比小明手中任意寶貝價值都大，小明就可以拿起它（當然，也可以不拿），
當小明走到出口時，如果他手中的寶貝恰好是k件，則這些寶貝就可以送給小明，
請你幫小明算一算，在給定的局面下，他有多少種不同的行動方案能獲得這k件寶貝，
【資料格式】
輸入一行3個整數，用空格分開：n m k (1<=n,m<=50, 1<=k<=12)
接下來有 n 行資料，每行有 m 個整數 Ci (0<=Ci<=12)代表這個格子上的寶物的價值
要求輸出一個整數，表示正好取k個寶貝的行動方案數，該數字可能很大，輸出它對 1000000007 取模的結果，
例如，輸入：
2 2 2
1 2
2 1
程式應該輸出：
2
再例如，輸入：
2 3 2
1 2 3
2 1 5
程式應該輸出：
14
分析：dfs問題吧~~，可能還要考慮回溯的問題，需要記錄哪里多少物品和每個物品的價值
這第一份代碼只能通過28分的測驗，僅僅供大家參考，這個是錯誤的！！！！我沒有測驗用例，所以不知道錯在哪里，求大佬提點分析~~~
#include<iostream>
using namespace std;
const int N = 1000000007;
const int M = 55;
int n, m, k;
int w[M][M];
long long ans;
void dfs(int r, int c, int cnt,int wmax)
{
if(r == n - 1 && c == m - 1)
{
if((w[r][c] > wmax && cnt == k - 1) || cnt == k)
{
ans++;
if(ans > N)
ans = ans % N;
}
return;
}
if(cnt > k) return;
//1.這個物品比小明手上的物品都大，并且小明選他
//這是小明是能向右或者向下走
if(r + 1 < n && w[r][c] > wmax) dfs(r + 1, c, cnt + 1, w[r][c]); //小明向下走并選這個物品
if(c + 1 < m && w[r][c] > wmax) dfs(r, c + 1, cnt + 1, w[r][c]); //小明向右走并選這個物品
//不管這個物品是否大于小明的所有的物品，小明都向右或向下走
if(r + 1 < n) dfs(r + 1, c, cnt, wmax); //小明向下走并選這個物品
if(c + 1 < m) dfs(r, c + 1, cnt, wmax); //小明向右走并選這個物品
}
int main()
{
//輸入
scanf("%d %d %d", &n, &m, &k);
for(int i = 0; i < n; i++)
{
for(int j = 0; j < m; j++)
{
scanf("%d", &w[i][j]);
}
}
//dfs去探測
dfs(0, 0, 0, 0);
cout << ans << endl;
return 0;
}下面的這份代碼是在測評系統可以得滿分的，采用的是記憶搜索，把每種狀態下的情況保存起來，遇到已經出現的情況則回傳，
#include<iostream>
#include<cstring>
using namespace std;
const int MOD = 1000000007;
int n, m, k;
int a[50][50];
long long cache[50][50][14][13];//保存狀態
long long dfs(int x, int y, int max, int cnt)
{
if(cache[x][y][max + 1][cnt] != -1) return cache[x][y][max + 1][cnt];//如果這種轉態存在即回傳
if(x == n || y == m || cnt > k) return 0;
long long ans = 0;
int cur = a[x][y];
if(x == n - 1 && y == m - 1)
{
if(cnt == k ||(cnt == k - 1 && cur > max))
{
ans++;
if(ans > MOD) ans %= MOD;
}
return ans;
}
if(cur > max)
{
ans += dfs(x + 1, y, cur, cnt + 1);
ans += dfs(x, y + 1, cur, cnt + 1);
}
//當該寶貝價值小于最大值或者大于不拿該寶貝的情況
ans += dfs(x + 1, y, max, cnt);
ans += dfs(x, y + 1, max, cnt);
//存狀態
cache[x][y][max + 1][cnt] = ans % MOD;
return ans % MOD;
}
int main()
{
scanf("%d %d %d", &n, &m, &k);
for(int i = 0; i < n; i++)
{
for(int j = 0; j < m; j++)
{
scanf("%d", &a[i][j]);
}
}
memset(cache, -1, sizeof(cache));
printf("%lld", dfs(0, 0, -1, 0));
return 0;
}
第十題：小朋友排隊
n 個小朋友站成一排，現在要把他們按身高從低到高的順序排列，但是每次只能交換位置相鄰的兩個小朋友，
每個小朋友都有一個不高興的程度，開始的時候，所有小朋友的不高興程度都是0，
如果某個小朋友第一次被要求交換，則他的不高興程度增加1，如果第二次要求他交換，則他的不高興程度增加2（即不高興程度為3），依次類推，當要求某個小朋友第k次交換時，他的不高興程度增加k，
請問，要讓所有小朋友按從低到高排隊，他們的不高興程度之和最小是多少，
如果有兩個小朋友身高一樣，則他們誰站在誰前面是沒有關系的，
【資料格式】
輸入的第一行包含一個整數n，表示小朋友的個數，
第二行包含 n 個整數 H1 H2 … Hn，分別表示每個小朋友的身高，
輸出一行，包含一個整數，表示小朋友的不高興程度和的最小值，
例如，輸入：
3
3 2 1
程式應該輸出：
9
【樣例說明】
首先交換身高為3和2的小朋友，再交換身高為3和1的小朋友，再交換身高為2和1的小朋友，每個小朋友的不高興程度都是3，總和為9，
【資料規模與約定】
對于10%的資料， 1<=n<=10；
對于30%的資料， 1<=n<=1000；
對于50%的資料， 1<=n<=10000；
對于100%的資料，1<=n<=100000，0<=Hi<=1000000，
（有點難理解~~~~，之后理解后在做！！！！）
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