概述

• 網路協議三要素：

1. 語法：即資料與控制資訊的結構或格式，“怎么講”，
2. 語意：即需要發出何種控制資訊，完成何種動作以及做出何種相應，“講什么”，
3. 同步：即事件實作順序的詳細說明，

• 發送時延
  發 送 時 延 = 數 據 幀 長 度 ( b i t ) 發 送 速 率 ( b i t s / s ) 發送時延=\frac{資料幀長度(bit)}{發送速率(bits/s)} 發送時延=發送速率(bits/s)數據幀長度(bit)?
• 傳播時延
  傳 播 時 延 = 信 道 長 度 ( m ) 電 磁 波 在 信 道 上 的 傳 播 速 率 ( m / s ) 傳播時延=\frac{信道長度(m)}{電磁波在信道上的傳播速率(m/s)} 傳播時延=電磁波在信道上的傳播速率(m/s)信道長度(m)?
• 路由器

1. 電路交換——整個報文的位元流連續地從源點直達終點，好像在一個管道中傳送，
2. 報文交換——整個報文先傳送到相鄰結點，全部存盤下來后查找轉發表，轉發到下一個結點，
3. 分組交換——單個分組（這只是整個報文的一部分）傳送到相鄰結點，存盤下來后查找轉發表，轉發到下一個結點，

1. 在OSI參考模型中，位于最底層的是( )
   A.物理層
   B.應用層
   C.網路層
   D.傳輸層
2. 若網路形狀是由站點和連接站點的鏈路組成的一個閉合環，則稱這種拓撲結構為()
   A.環型拓撲
   B.星型拓撲
   C.總線型拓撲
   D.樹型拓撲
   決議:環型結構的網路存在-一個環形的鏈路，節點到節點間存在兩條通路，
3. 在OSI參考模型中，自下而上第一個提供端到端服務的層次是( )
   A.傳輸層
   B.網路層
   C.資料鏈路層
   D.應用層
   決議:傳輸層的是作用是負責為兩臺主機中應用行程之間的通信提供服務，而對于網路層
   來說，提供的是主機到主機之間的通信，所謂的端到端是指應用行程到應用行程，
4. 在OSI參考模型中，物理層的主要功能是( )
   A.透明地傳輸位元流
   B.資料鏈路的訪問控制和管理
   C.在物理物體間傳送資料幀
   D.發送和接收用戶資料報文
   決議:物理層傳輸的基本單位是位元，物理層的作用就是把組成幀的位元流進行透明的傳
   輸，所謂透明傳輸，就表示物理層對傳輸的位元流不采取任何處理，只是單純地將位元流從一個節點傳到下一個節點，
5. 阿帕網是因特網的前身，它是一種( )
   A.分組交換網
   B.電路交換網
   C.報文交換網
   D.混合交換網
   決議: 20世紀60年代，由美國國防部高級研究計劃局提供經費，由計算機公司和大學
   共同研制了ARPANET, 其主要目標是借助于通信系統，使網內各計算機系統間能夠相互共
   享資源，在1965年，世界上第一個分組交換網，也是第-一個真正意義上的計算機網路
   一阿帕網就此誕生，
6. 下列選項中，不屬于網路體系結構中所描述的內容是( )
   A.協議內部實作細節
   B.網路層次
   C.每一層使用協議
   D.每層需要完成的功能
   決議:計算機網路體系結構是指計算機網路的分層、每一層應具有的功能以及每一層里所用到的協議的集合,也就是它們所應完成的所有功能的定義,是用戶進行網路互連和通信系統設計的基礎，因此，體系結構是-個抽象的概念，它只從功能上描述計算機網路的結構,并不涉及到每一層所用協議實作的具體細節，
7. 下面關于計算機網路的體系結構和協議的敘述，不正確的是( )
   A. TCP/IP體系結構中的應用層對應于OSI體系結構中的表示層和應用層
   B.計算機網路體系結構是計算機網路及其部件所應完成的功能的精確定義，
   C.網路協議是為進行網路中的資料交換而建立的規則、標準和約定
   D.網路協議是“水平”的概念
   決議:A說法是錯誤的,因為TCP/IP 體系結構中的應用層對應于OSI體系結構中的上三層，即應用層、表示層和會話層，B說法是正確的，因為計算機網路體系結構是指計算機網路的分層、每一層應具有的功能以及每一層里所用到的協議的集合,也就是它們所應完成的所有功能的定義,是用戶進行網路互連和通信系統設計的基礎，
8. 利用各種通信手段，將地理上分散的自治計算機有機地連在一起，實作相互通信，且共
   享硬體、軟體和資料資源的系統叫做( )
   A.計算機網路
   B.終端分時系統
   C.分布式計算機系統
   D.多機系統
   決議:計算機網路的定義:把分布在不同地點且具有獨立功能的多個計算機，通過通信設
   備和線路連接起來,在功能完善的網路軟體運行環境下，以實作網路中資源共享為目標的系
   統，正確理解定義的話就可以正確解答此題，
9. 物理層傳輸的基本單位是幀，
   A.錯誤
   B.正確
   決議:物理層傳輸的基本單位是位元，資料鏈路層傳輸的基本單位是幀，因此是錯誤的，
10. 資料鏈路層傳輸的基本單位是位元，
    A.錯誤
    B.正確
    決議:資料鏈路層傳輸的基本單位是幀，而物理層傳輸的基本單位是位元，所以，該說法
    是錯誤的，.
11. 網路協議三要素中語法規定了( )
    A.通信雙方在通信時“怎么講"
    B.通信雙方在通信時所要表達內容的解釋
    C.通信雙方在通信時“講什么”
    D.通信事件的執行順序
    決議:一個網路協議主要由語法、語意和同步三個要素組成，語法是指，確定通信時采用的資料格式，編碼及信號電平等，即對所表達內容的資料結構形式的一種規定,也即"怎么講”，例如，在傳輸一份資料報文時資料格式，傳輸一封信函的地址格式等，
12. 在計算機網路體系結構中，服務是一個“垂直”的概念，
    A.正確
    B.錯誤
    決議:在分層的計算機網路體系結構中，下層是服務的提供者，上層是被服務的物件， 所以，服務是一個垂直的概念，
13. 網路協議三要素中語意規定了( )
    A.通信雙方在通信時“講什么”
    B.通信雙方在通信時“怎么講"
    C.資料與控制資訊的結構或格式
    D.通信事件的執行順序
    決議:語意是指對構成協議的協議元素含義的解釋,也即”講什么”，不同型別的協議元素規定了通信雙方所要表達的不同內容(含義)，例如，在基本型資料鏈路控制協議中規定,協議元素SOH的語意表示所傳輸報文的報頭開始;而協議元素ETX的語意，則表示正文結束等，
14. 一個網路協議主要由語法、語意和同步三個要素組成，
    A.正確
    B.錯誤
    決議:協議是指通信雙方必須遵循的、控制資訊交換的規則的集合，是-套語意和語法規
    則，一般說，一個網路協議主要由語法、語意和同步三個要素組成，分別規定了“怎么講" ,
    “講什么”以及通信事件的執行順序，
15. 在計算機網路體系結構中，協議是一個“水平”的概念，
    A.正確
    B.錯誤
    決議:對于協議來說，它是對等層的通信雙方必須遵守的規則的總和，所以協議是一個水
    平的概念，.
16. 在計算機網路體系結構中，網路層傳輸的基本單位是( )
    A.分組
    B.位元
    C.幀
    D.字符
    決議:物理層傳輸的基本單位是位元，資料鏈路層傳輸的基本單位是幀，網路層傳輸的基
    本單位是分組，
17. “互聯網+”就是利用資訊通信技術以及互聯網平臺，讓互聯網與傳統行業進行深度融
    A.正確
    B.錯誤.
18. 在OSI體系結構中，直接為應用層提供服務的是( )
    A.表示層
    B.會話層
    C.傳輸層
    D.網路層.
    決議:因為是相鄰的下層為上層提供服務，所以直接為應用層提供服務的應該是表示層，
19. Everything over IP是指IP協議可以在各式各樣的網路構成的互連網上運行，
    A.錯誤
    B.正確
    決議:IP over everything是指IP協議可以在各式各樣的網路構成的互連網上運行，Everything over IP是指IP協議可以直接地為傳輸層TCP\UDP提供服務,間接地為應用層的
    各個協議提供服務，
20. TCP/IP體系結構的應用層對應于OSI-RM體系結構的上三層，
    A.正確
    B.錯誤
    決議:兩種體系結構的對應關系是，TCP/IP 體系結構的應用層對應于OSI-RM體系結構的
    上三層，TCP/IP體系結構的網路接入層對應著OSI-RM體系結構的下兩層，其他沒有變化，
21. IP協議位于TCP/IP體系結構的( )
    A.互連網路層
    B.應用層
    C.傳輸層
    D.網路接入層
22. TCP/IP常常被稱為是事實上的國際標準，
    A.正確
    B.錯誤.
23. 所有的因特網標準都以RFC檔案的形式在因特網.上發表，
    A.正確
    B.錯誤
    決議:所有的因特網標準都以RFC檔案的形式在因特網上發表，RFC 是Request For
    Comments的縮寫，意思是請求評價，包含了關于Internet的幾乎所有重要的文字資料，
24. 在OSI體系結構中，相鄰層之間進行互動的地方被稱為服務訪問點SAP，
    A.正確
    B.錯誤.
    決議:服務訪問點，英文縮寫為SAP,它是指相鄰兩層交換資訊的地方，其實就是相鄰層
    之間的介面，通過服務訪問點，下層能夠為上層提供服務，.上 層可以利用下層提供的服務，
25. 一座大樓內的一-個計算機網路，屬于( )
    A.局域網
    B.個人區域網
    C.城域網
    D.廣域網
    決議:個人區域網是在個人作業區內把個人使用的電子設備，如便攜式計算機和列印機等,
    采用無線技術連接起來的網路，作用范圍在10m左右;局域網覆寫的范圍往往是地理位置
    上的某個區域，如某-企業或學校等;城域網一般來說是在一一個城市， 這種網路的連接距離可以達到10-100公里;這種網路也稱為遠程網，所覆寫的范圍比MAN更廣，它-般是在
    不同城市之間的LAN或者MAN網路互聯，地理范圍可從幾百公里到幾千公里，
26. 在有n個節點組成的星型拓撲結構的計算機網路中，物理鏈路的條數有( )
    A. n-1
    B. n
    C. n+1
    D.2n
    決議:星型結構的特點是存在一個中心節點，其他節點與中心節點互連，則物理鏈路的條
    數應該是n-1，
27. 網路覆寫的范圍介于局域網和廣域網之間的是城域網，
    A.正確
    B.錯誤
    決議:按照網路覆寫的范圍按照從小到大的順序，可以把計算機網路分為個人區域網、局
    域網、城域網、廣域網，所以本題是正確的，
28. 一個學校的內部網路-般都屬于( )
    A.局域網
    B.個人區域網
    C.城域網
    D.廣域網
    決議:個人區域網是在個人作業區內把個人使用的電子設備，如便攜式計算機和列印機等,
    采用無線技術連接起來的網路，作用范圍在10m左右;局域網覆寫的范圍往往是地理位置
    上的某個區域，如某-企業或學校等;城域網一般來說是在一個城市，這種網路的連接距離可以達到10-100公里;這種網路也稱為遠程網，所覆寫的范圍比MAN更廣，它一般是在
    不同城市之間的LAN或者MAN網路互聯，地理范圍可從幾百公里到幾千公里，
29. 中國教育科研網的縮寫為( )
    A. CERNET
    B. ChinaDDN
    C. ISO
    D. ChinaNET
    決議:中國教育科研網的縮寫為CERNET,中國公用計算機互聯網的縮寫為ChinaNET,
    中國公用數字資料網的縮寫為ChinaDDN，國際標準化組織的縮寫為ISO，
30. OSI/RM的中文名稱是開放系統互連參考模型，
    A.正確
    B.錯誤
31. TCP/IP協議堆疊呈漏斗狀，其中位于漏斗最窄地方的是TCP協議，
    A.錯誤
    B.正確
    決議:整個TCP/IP模型中的核心協議是TCP、UDP和IP，因為不管是TCP還是UDP，其
    發送的資料都是要封裝在IP分組的資料部分，所以，IP 協議處于漏斗的最窄處，
32. 因特網最早起源于( )
    A.美國
    B.中國
    C.法國
    D.英國
    決議:因特網起源于阿帕網，阿帕網加州大學洛杉磯分校(UCLA) 第一節點與斯坦福研究
    院(SRI)第二節點的連通，實作了分組交換網路的遠程通訊，這也被看成是互聯網正式誕生的標志
33. 從資料的封裝關系來看，分組里封裝了幀，
    A.錯誤
    B.正確
    決議:網路層傳輸的單位是分組，資料鏈路層傳輸的單位是幀，發送資料的時候，先形成分組，然后再向下送交給資料鏈路層傳送，所以是幀里封裝了分組，
34. OSI 參考模型中，傳輸的基本單位是幀的層次是( )
    A.資料鏈路層
    B.物理層
    C.網路層
    D.傳輸層
    決議: OSI參考模型中， 物理層傳輸的單位是位元，資料鏈路層傳輸的基本單位是幀，網
    絡層傳輸的基本單位是分組，
35. 從邏輯上或者從功能上可以把一個計算機網路概括為一個由終端系統和通信子網組成的通信系統，
    A.正確
    B.錯誤

物理層

• 傳信率=傳碼率· l o g 2 M log_2M log2?M；（M為電平數）
• 奈氏準則（無噪聲）
  C = 2 W ? l o g 2 N ( b p s ) C=2W·log_2N(bps) C=2W?log2?N(bps)；（W帶寬，N電平數）
• 香農定理
  信噪比 ( d b ) = 10 ? l o g 10 S / N (db)=10·log_{10}S/N (db)=10?log10?S/N
  C = W ? l o g 2 ( 1 + S / N ) C=W·log_2(1+S/N) C=W?log2?(1+S/N)； （S為信道內所傳信號的平均功率，N為信道內部的高斯噪聲功率)
• 信道復用技術

1. 頻分復用FDM(Frequency Division Multiplexing)在同樣的時間占用不同的帶寬資源（資料的發送速率），
2. 時分復用TDM (Time Division Multiplexing)將時間劃分為一段段等長的時分復用幀（TDM幀），每一個時分復用的用戶在每一個 TDM 幀中占用固定序號的時隙，每一個用戶所占用的時隙是周期性地出現（其周期就是TDM幀的長度），
3. 統計時分復用STDM(Statistic TDM) 按需動態地分配時隙，提高線路的利用率，
4. 波分復用(Wavelength Division Multiplexing) 就是光的頻分復用，使用一根光纖來同時傳輸多個光載波信號，
5. 碼分復用 CDM(Code Division Multiplexing)，常用的名詞是碼分多址CDMA(Code Division Multiple Access)使用經過特殊挑選的不同碼型，因此彼此不會造成干擾，
   任何一個碼片向量和該碼片向量自己的規格化內積都是 1：
   

1. 與多模光纖相比，單模光纖的主要特點是
   A.傳輸距離長、成本高、芯線細
   B.傳輸距離長、成本高、芯線粗
   C.傳輸距離短、成本低、芯線粗
   D.傳輸距離短、成本低、芯線細
   決議:光纖分為單模光纖和多模光纖，單模光纖纖芯直徑很細，光源是激光，帶寬很寬,
   可以長距離傳輸，價格也更高-些，多模光纖光源是LED,傳輸距離相對較短，
2. 在通信之前，需要在收發雙方之間建立物理連接的交換方式是
   A.電路交換
   B.報文交換
   C.分組交換
   D.存盤轉發交換
   決議:電路交換是一-種面向連接的交換方式，在通信之前，需要在收發雙方之間建立一條物理連接，所謂的物理連接，是指這條連接所涉及的線路資源是由收發雙方所獨享,即使某段線路資源是空閑的，在連接被釋放之前，其他用戶也無權使用，
3. 若某通信鏈路的傳信速率為4800b/s,采用八電平傳輸，則其傳碼速率為
   A.1600波特
   B.600波特
   C.4800波特
   D.1200波特
   決議:根據傳信速率和傳碼速率在數值上的關系即可求出，有的同學常犯的錯誤是把關系
   弄反了，在數值上,傳信速率-般是大于等于傳碼速率，Rb= RBlog₂N (RB 傳碼率, Rb傳
   信率)
4. 在9600bit/s的線路上，進行一小時的連續傳輸，測驗結果為有150位元的差錯，問該
   資料通信系統的誤碼率是
   A.4.34×10^-6^$
   B.4.34×10^-2
   C.8.68×10^-2
   D.8.68×10^-6
   決議:先計算出一小時內總共傳送的位元數，然后再計算出出錯的150位元占整個的比例
   就可以了，
5. 在CRC回圈冗余碼中，著生成多項式對應的二進制序列是10011則該生成多項式是
   A.X^4^+X+1
   B.X⁴+X³+1
   C.X³+X²
   D.X⁴+X²+1
6. 對于帶寬為3kHz的無噪聲信道，假設信道中每個碼元信號的可能狀態數為16,則該信
   道所能支持的最大資料傳輸率可達
   A.24Kbps
   B.12Kbps
   C.48Kbps
   D.96Kbps
   決議:題目中實際上要求的是無噪聲情況下的信道容量，由奈氏定理可以得到該答案，
7. CDMA系統中使用的多路復用技術是
   A.碼分復用
   B.頻分復用
   C.時分復用
   D.波分復用
   決議: CDMA是碼分多址的英文縮寫(Code Division Multiple Access),它是在數字技術的分支–擴頻通信技術上發展起來的一種嶄新而成熟的無線通信技術，CDMA技術的原理是基于擴頻技術,即將需傳送的具有一定信號帶寬資訊資料，用一個帶寬遠大于信號帶寬的高速偽隨機碼(碼片序列進行調制，使原資料信號的帶寬被擴展，再經載波調制并發送出去，接收端使用完全相同的偽隨機碼(碼片序列)，與接收的帶寬信號作相關處理，把寬帶信號換成原來的資料，
8. 與電路交換相比，分組交換最大的缺點是
   A.不能滿足實時應用要求
   B.控制開銷高
   C.不能實作鏈路共享
   D.不能實作速率轉換
   決議:與電路交換相比，分組交換最大的缺點也就是電路交換最大的優點，就是實時性的
   問題，相比電路交換來說，分組交換的時延要大，
9. 已知待傳送的資料M=10011,若采用CRC技術進行檢錯,生成多項式為x³+x²+1,則所
   得的回圈冗余碼為，
   A.011
   B.100
   C.101
   D.010
   決議:在10011后面補上3個0，也就是用10011000去模二除以1101，最終得到的三位余數011即為所求的回圈冗余碼，
10. 在下列復用技術中，使用偽隨機序列碼片區分信道的信道復用技術稱為
    A.碼分復用
    B.時分復用
    C.頻分復用
    D.波分復用
    決議:時分復用是把時間分片的方式來復用，頻分復用和波分復用都是從頻率上進行分割
    信道，碼分復用是通過每個站分配相互正交的碼片序列來劃分信道，
11. 如果CRC的生成多項式是G(x)=x⁸+x⁰+1,則所對應的CRC校驗碼的位數是
    A.8
    B.1
    C.6
    D.14
    決議:生成多項式的最高次 冪即為回圈冗余碼的位數，
12. 對一個帶寬為4kHz的無噪聲信道，若采用256種電平傳輸，為使資料不失真，需要的
    通信能力為
    A.64kb/s
    B.12kb/s
    C.8kb/s
    D.32kb/s
    決議:該題目實際.上還是要計算出在無噪聲情況下的信道容量，根據奈氏定理即可求出答
    案，
13. 若碼元周期T=1×10^-4秒，則傳碼速率為10000Bd，
    決議:碼元周期T分之一就是傳碼速率，
14. 若碼元周期T=1x10^-4秒，且傳送16電平信號，則傳信速率為40000b/s.
    決議:先計算出傳碼速率是10000波特/s,再根據傳信速率和傳碼速率之間的關系，計算
    出傳信速率是40000b/s.
15. 在常用的有線的傳輸媒體中，主要有雙絞線、 同軸電纜和光纖，
16. 假定某信道的長度為100m設信號在信道上的傳播速率為2x108 m/s,則其單程的傳播時延為5μS，
    決議:單程的傳播時延就是用信道的長度除以信號的傳播速度，注意單位不要換算錯，
17. 若AB兩臺計算機之間的距離為100m,假定在電纜內信號的傳攝速度是2x10mls,數
    據塊長度為10’bit, 資料發送速率為1Mb’s,則發送時延是100毫秒，
    決議:發送時延等于資料塊的長度除以帶寬.也就是除以資料的發送速率， 最終得到結果是0.1秒，轉換成毫秒就是100，
18. 信道的多路復用技術包括頻分復用、時分復用、 波分復用和碼分復用，
19. 若資訊位是0110010若采用奇校驗，則所對應的監督位是0
    決議:奇校驗是指包括監督位在內，1的個數是奇數個，目前資訊位中已經有奇數個1了.所以監督位為0，
20. 若資訊位是1101011若果用偶校驗，則所對應的監督位是1
    決議:偶校驗是指包括監督位在內，1的個數是偶數個，目前資訊位中是奇數個1,所以監督位為1，
21. 一般來說，傳輸差錯可以分成兩類，一類是隨機差錯，一類是突發差錯，
22. 假設帶寬為3000Hz的模擬信道中只存在高斯白噪聲，并且信噪比是20dB，則該信道
    能可靠地傳輸速率為64kb/s 的資料流，
    A.錯誤
    B.正確
    決議:因為根據香農公式，計算出來的最高值是19.97kb/s, 所以不能可靠傳輸超過其信道
    容量的資料，
23. 相對來說，使用靜態時分復用技術的線路利用率要高于使用動態時分復用技術，
    A.錯誤
    B.正確
    決議:靜態時分復用技術是預分配帶寬，即使雙方無資料傳輸也白白占用信道，所以線路
    利用率偏低;動態時分復用是按需分配帶寬，只有用戶有資料發送才會分配帶寬，
24. 高速網路鏈路提高的是資料的發送速率，而并非是鏈路傳播速率，
    A.正確
    B.錯誤
    決議:鏈路的傳播速度只和所用的傳輸介質有關，
25. 采用了差錯控制技術以后，就可以實作資料的可靠傳輸，
    A.錯誤
    B.正確
    決議:除了差錯控制以外，還必須加.上確認和重傳機制，才能實作可靠傳輸，也就是接收
    端接收的和發送端發送的完全一致，
26. 采用CDMA后信號具有隱蔽性的原因是CDMA中使用了擴頻技術，.
    A.正確
    B.錯誤
    決議:由于發送1時，在CDMA中實際發送的是其m位元的碼片序列，帶寬變大，根據
    香農公式，在信道容量C不變的情況下，可以降低信號的發送功率，從而使其具有隱蔽性，
27. 在差錯控制技術中，是以降低傳輸效率為代價換取了資料具有檢錯或者糾錯的能力，
    A.正確
    B.錯誤
    決議:為了使資料具有糾錯或者檢錯能力，在資訊位的后面需要加.上監督位,也就是冗余
    位，所以降低了傳輸效率，
28. 一條通信傳輸線路只能承載一個信道，
    A.錯誤
    B.正確
    決議:信道的概念是沿某一方向傳送的資料 的傳輸介質，一條通信傳輸線路可以包含多個
    信道，
29. 波特率指的是
    A.每秒鐘傳輸信號碼元的個數
    B.每秒傳輸的位元
    C.每秒鐘可能發生的信號變化的次數
    D.每秒傳輸的位元組數
    決議:單位是波特(Baud). 在傳輸時通常用某種信號脈沖來表示一個0、1或幾個0、1
    的組合，這種攜帶資料資訊的信號脈沖稱為信號碼元，
30. 若某信道的傳碼速率為3000波特，采用8電平傳輸，則其傳信速率為9000b/s，
    決議:根據傳信速率和傳碼速率之間的關系，因為采用8電平傳輸，所以傳信速率在數值
    上是傳碼速率的3倍，則答案是9000b/s，
31. 采用相位調制技術在帶寬為32KHz的無噪聲信道.上傳輸數字信號，若要達到192Kbps的資料速度，至少要有8種不同的電平，
    決議:根據奈奎斯特定理可以計算出答案，
32. 下列傳輸介質中，誤碼率最低的是
    A.光纖
    B.同軸電纜
    C.雙絞線
    D.微波
    決議:光纖不受電磁干擾和靜電干擾等影響，即使在同一光纜中，各光纖間幾乎沒有干擾，
33. 假設一個CDMA通信系統中，某站點被分配的碼片序列為00011011， 則當它發送了
    位元"0” 的時候，實際在信道.上傳輸的資料序列是11100100，·
    決議:因為在一個CDMA系統中，每個站點被指定-一個唯一的m位元代碼或碼片序列(chip squence)，當發送位元1時，站點送出的是碼片序列，若發送位元0時，站點送出的是該碼片序列的反碼，
34. 下列因素中，不會影響信道資料傳輸速率的是
    A.信號傳播速度
    B.信噪比
    C.帶寬
    D.調制速率
    決議:一方面，根據求信道容量的公式中可以判斷出來;另外-方面，信號傳播速度影響
    的是只是傳播時延的大小，
    
    
    2-16
    共有四個站進行碼分多址CDMA通信，四個站的碼片序列為：
    A：(-1 -1 -1 +1 +1 -1 +1 +1) B：(-1 -1 +1 -1 +1 +1 +1 -1)
    C：(-1 +1 -1 +1 +1 +1 -1 -1) D：(-1 +1 -1 -1 -1 -1 +1 -1)
    現收到這樣的碼分序列：(-1 +1 -3 +1 -1 -3 +1 +1)，問哪個站發送資料了？發送資料的站發送的是1還是0？
    解：X=(-1 +1 -3 +1 -1 -3 +1 +1)
    AX= 1 8 \frac{1}{8} 81?(1 -1 +3 +1 -1 +3 +1 +1)=1
    BX= 1 8 \frac{1}{8} 81?(+1 -1 -3 -1 -1 -3 +1 -1)=-1
    CX= 1 8 \frac{1}{8} 81?(+1 +1 +3 -1 -1 -3 -1 -1)= ? 1 4 -\frac{1}{4} ?41?
    DX= 1 8 \frac{1}{8} 81?(+1 +1 +3 +1 -1 +3 +1 -1)=1
    所以A、D發送了1，B發送了0，C沒發送資料，

資料鏈路層

• SOH(Start Of Header)
  EOT(End Of Transmission)
  ESC轉義符，十六進制1B
• CRC回圈冗余碼
  多項式的冪對應除數，如 x 3 + x x^3+x x3+x=>1010， x 3 + x 2 + 1 x^3+x^2+1 x3+x2+1=>1101
  然后在被除數后添加0，添加數量是最高冪
  將添0的資料異或運算除數
  最終余數是回圈冗余碼
  把冗余碼替換之前添加的0得到新資料
  資料異或運算冗余碼，若余數結果=0則資料未出錯，否則校驗資料為錯，
• PPP協議(Point-to-Point Protocol)點對點協議，標志欄位 F = 0x7E，地址欄位 A = 0xFF，控制欄位 C = 0x03，

1. 字符填充
   
2. 零位元填充
   5個連1后添0，

• CSMA/CD 協議
  載波監聽多點接入/碰撞檢測(Carrier Sense Multiple Access with Collision Detection)

1. 載波監聽
   不管在發送前，還是在發送中，每個站都必須不停地檢測信道，
2. 多點接入
   總線型接入多臺計算機，
3. 碰撞檢測
   邊發送邊監聽
4. 截斷二進制指數退避
   以太網的端到端往返時延2 τ τ τ稱為爭用期，或碰撞視窗，
   k = Min[重傳次數, 10]，重傳達16 次即丟棄該幀
   最短有效幀長=64 位元組

1. 若有5臺計算機連到了一臺10Mbps的集線器上，則每臺計算機的平均帶寬為( )
   A.2Mbps
   B.5Mbps
   C.10Mbps
   D.50Mbps
   決議:因為通過集線器組成的以太網是一個共享式的局域網，多個用戶共享帶寬，
2. 下列關于CSMA/CD協議的敘述中，錯誤的是( )
   A.適用于無線網路，以實作無線鏈路共享
   B.邊發送資料幀，邊檢測是否發生沖突
   C.需要根據網路跨距和資料傳輸速率限定最小幀長
   D.當信號傳播延遲趨近0時，信道利用率趨近100%
   決議:因為無線電波能夠向所有的方向傳播，并且其傳播距離受限，使得在無線局域網不
   能簡單地使用有線局域網的CSMA/CD協議,而是采用了在CSMA基礎上增加了沖突避免機
   制和確認機制，即IEEE 802.11使用的CSMA/CA協議，
3. 下列作業在資料鏈路層的網路設備是( )
   A.網橋
   B.中繼器
   C.路由器
   D.集線器
   決議:中繼器和集線器作業在物理層，路由器作業在網路層，只有網橋是作業在資料鏈路
   層的網路設備，
4. 使用單個集線器構成的以太網在物理上和邏輯上的拓撲結構分別是()
   A.星型， 總線型
   B.星型，環型
   c.總線型，星型
   D.樹型，總線型
   決議:集線器是早期以太網中的主要連接設備，它作業在OSI體系結構的物理層，從布線
   方式看,也就是物理上構成的是一個星型的拓撲結構，集線器的主要功能是對接收到的信號
   進行放大、轉發,從而擴展以太網的覆寫范圍，由于物理層傳輸的位元流是無結構的,因此
   集線器無法識別接收方，集線器只能將從一個埠接收到的信號放大后復制到所有其它埠,即向與該集線器連接的所有站點轉發，因此，使用集線器作為連接設備的以太網仍然屬于共享式以太網，集線器連接起來的所有站點共享帶寬、屬于同-一個沖突域和廣播域，也就是從實際的作業原理上來看，它是-一個總線型的拓撲結構，即邏輯上是一個總線型的拓撲結構，
5. 一個總線式以太網中兩個站之間的最長距高為2公里，傳播速度2x10⁵km/s.則讀以太網的爭用期是
   A.20微秒
   B.5微秒
   C.10微秒
   D.40微秒
   決議：爭用期=兩倍的傳播時延，傳播時延10微秒、所以爭用期20微秒，
6. 下列作業在物理層的網路設備是()
   A.集線器
   B.網橋
   C.路由器
   D.以太網交換機
   決議:網橋和以太網交換機作業在資料鏈路層，路由器作業在網路層，只有集線器作業在物理層，
7. 10BASE-T以太網使用的傳輸介質是( )
   A.雙絞線
   B.光纖
   C.同軸電纜
   D.無線電波
   決議:字母T代表雙絞線，
8. 10BASE-F 以太網使用的傳輸介質是( )
   A.光纖
   B.雙絞線
   C.同軸電纜
   D.無線電波
   決議:字母F表示光纖，
9. 10BASE-5 以太網中，BASE 通常是指( )
   A.基帶傳輸
   B.異步傳輸
   C.頻帶傳輸
   D.寬帶傳輸
   決議: 10代表傳播速率為10Mbps，5表示最大延伸距離接近500米，500 米內不需要轉接器
10. 假定2km長的CSMA/CD網路的資料傳輸速率為1Gb/s,設信號在網路上的傳播速率為
    2x10⁸m/s, 則能夠使用此協議的最短幀長為
    A.20000 bit
    B.10000 bit
    C.30000 bit
    D.40000 bit
    決議:爭用期2t=2×2000/(2×10⁸)= 2×10^-5(s)最短幀長為爭用期內傳輸的位元數,即:Lmin=2C= 2x10^-5×1×10⁹=20000 (bit)
11. 對于100Mbps的以太網交換機，當輸出埠無排隊， 以直通交換方式轉發一個以太網幀(不包括前導碼及幀開始標志)時，引入的轉發延遲至少是( )
    A.0.48 μs
    B.0μs
    C.5.12 μs
    D.121.44 μs
    決議:在直通方式中， 交換機收到MAC幀時，不待收完整, 就按幀首部中的目的MAC地址來判別轉發埠，引入的轉發延遲約是6個位元組的MAC地址的發送時延，即0.48μs
12. 設利用IEEE802.3協議局域網傳送ASCII碼資訊"NJUPT", 若每個字母的ASCII碼占一
    個位元組，把待傳送的資料封裝成MAC幀格式，需要填充的位元組數是( )
    A.41
    B.0
    C.46
    D.64
    決議:以太網幀中資料欄位的長度是46- 1500位元組，當資料欄位的內容小于46個位元組的時候，必須進行填充，采用填充無用字符的方式保證有效幀的長度不小于64位元組，由于題
    目中“NJUPT" 的ASCII碼占據5個位元組，則還需填充46-5=41位元組，
13. 在以太網中，網卡從網路上每收到一個MAC幀就首先用硬體檢查該幀中的目的MAC
    地址，如果是發往本站的幀則收下，然后再進行其他的處理，在這句話中，“發往本站的幀”不包括的是( )
    A.任播幀
    B.單播幀
    C.多播幀
    D.廣播幀
    決議:P95網卡從網路上每收到一個MAC幀就首先用硬體檢查MAC幀中的MAC地址，如果
    是發往本站的幀則收下，然后再進行其他的處理，否則就將此幀丟棄,不再進行其他的處理，這樣做就不浪費主機的處理機和記憶體資源，“發往本站的幀”包括以下三種幀:
    單播幀(一對一),就是48個位元的MAC地址都-致,才能接受該資料，
    廣播幀(一對全體)，只要是某個站點收到這個資料幀，就應該接受該資料，
    多播幀(一對多).收到該資料的站點要判定，如果是在這個多播組中，則接受該資料，
14. 若使用Wireshark捕獲校園網內某主機收到的一一個以太網幀的前64位元組如下圖所示(16進制表示)，則該主機的MAC地址可能是
    0000 f01faf67 52a70019 e03812e4 0800 4500
    0010 00340000 40003b06 ob 76ca77 e0c9 c0a8
    0020 c864 0050c574 130b 520e53fad88c 8012
    0030 16d0cc 7f 0000204 05b401 0104 02 01 03
    A. f0-1f-af-67-52-a7
    B. f0-1f-af-67
    C. 00-19-e0-38
    D.00-19-e0-38-12-e4
    決議:因為是該主機收到的幀，則幀首部中的目的MAC地址即為該主機的MAC地址，
15. 以太網中，第3次沖突之后，一個節點選擇的隨機退避系數r的值為4的概率是( )
    A.1/8
    B.1/4
    C.1/16
    D.1/32
    決議:本題考查二進制指數退避演算法，我們剛剛學習的知識，該演算法第N次(不超過10)
    沖突后,從0,1,···, (2N-1)這2^N個整數中隨機地選擇-一個數,記為r，本題中第3次沖突,
    N=3.本題的如可以從[0-7]中隨機地選擇一個數，所以選擇r=4的概率是1/8，.
16. 當以太網交換機對幀進行轉發決策時使用的是幀的()
    A.目的MAC地址
    B.目的IP地址，
    C.源IP地址
    D.源MAC地址
    決議:當以太網交換機從某個埠收到-個資料幀時，它首先會在轉發表中查找目的MAC
    地址在不在轉發表中，如果在，則向目的MAC地址對應的埠轉發該幀，若不在，則向除
    了源埠以外的所有埠轉發該幀，以保證無論目的主機在何埠，都能收到該幀，
17. 對于100Mbps的以太網交換機,當輸出埠無排隊，以無碎片方式轉發-一個以太網幀(不包括前導碼及幀開始標志)時，引入的轉發延遲至少是()
    A 5.12 μs
    B.0us
    C.0.48 μs ,
    D.121.44 μs
    決議:無碎片直通方式，以太網最小幀長的長度為64位元組(含幀頭、尾),設定一個的字
    節的FIFO緩沖，相對可減少出錯幀的轉發率(凡小于64位元組的幀均不轉發)，無碎片直通
    方式較之直通方式提供了較好的差錯檢驗，所以引入的轉發延遲是64個位元組的發送時延，
18. 若某以太網交換機首先完整地接收資料幀，并進行差錯檢測，如果正確，再根據幀首
    部中的目的地址確定輸出埠號轉發出去，則該轉發幀的方式是( )
    A.存盤轉發交換
    B.直通交換
    C.無碎片交換
    D.查詢交換
    決議:在存盤轉發方式中， 交換機需要先將MAC幀全部讀入到內部緩沖區，進行幀校驗,
    在直通方式中，交換機收到MAC幀時，不待收完整，就按幀首部中的目的MAC地址來判
    別轉發埠，在無碎片交換方式中，一定要收滿 64位元組，確保該幀的長度至少為64位元組，
19. 網橋作業在( )
    A.資料鏈路層
    B.物理層
    C.網路層
    D.傳輸層
    決議:網橋作業在資料鏈路層，
20. 若該10臺計算機接到了10Mb/s的以太網交換機上，則每臺計算機的平均帶寬為10Mbps
    決議:以太網交換機實質上就是一個多埠的網橋，每個埠都直接與一個主機相連，則
    每臺主機均可獨享10Mb/s的帶寬，
21. 若該10臺計算機接到了10Mb/s的集線器.上，則每臺計算機的平均帶寬為1Mbps.
    決議:因為通過集線器組成的以太網是一個共享式的局域網，多個用戶共享帶寬，
22. 以太網交換機的三種轉發幀的方式分別是:存盤轉發、直通交換方式和無碎片交換方式，
23. CSMA/CD協議中的要點是載波監聽、多點接入和沖突檢測或碰撞檢測
24. 若以太交換機采用無碎片方式轉發幀時，一旦檢測到幀的長度小于64位元組，立
    即丟棄，不做任何處理，
25. 10BASE-T 以太網中使用的傳輸介質是雙絞線，
26. IEEE 802標準中將局域網的資料鏈路層分為兩個子層，分別是邏輯鏈路控制子層和
    MAC子層，
27. 以太網交換機實質上就是-一個多埠的網橋
28. 以太網采用的地址為擴展的唯-識別符號MAC地址，占32位，
    A.錯誤
    B.正確
    決議:以太網采用的地址為擴展的唯-識別符號MAC地址，占48位，6個位元組，
29. 網橋和以太網交換機可以劃分沖突域，也可以劃分廣播域，
    A.錯誤
    B.正確
    決議:網橋和以太網交換機可以劃分沖突域，但是不可以劃分廣播域，路由器和三層交換機既可以劃分沖突域，也可以劃分廣播域，
30. 集線器可以連接不同的沖突域，
    A.錯誤
    B.正確
    決議:集線器作業在物理層，它相當于一根總線，通過它連接的所有主機處在-一個沖突域中，所以，該說法是錯誤的，
31. 在以太網轉發幀的三種方式中，存盤轉發方式引入的轉發延遲最大，
    A.正確
    B.錯誤
    決議:在存盤轉發方式中，交換機需要先將MAC幀全部讀入到內部緩沖區，進行幀校驗，在直通方式中，交換機收到MAC幀時，不待收完整，就按幀首部中的目的MAC地址來判別轉發埠，引入的轉發延遲約是6個位元組的MAC地址的發送時延，無碎片直通方式較之直通方式提供了較好的差錯檢驗，所以引入的轉發延遲是64個位元組的發送時延，所以，題目中敘述的是正確的，
32. 在以太網轉發幀的三種方式中，直通方式轉發延遲最大，
    A.錯誤
    B.正確
    決議:在直通方式中，交換機收到MAC幀時，不待收完整，就按幀首部中的目的MAC地
    址來判別轉發埠，引入的轉發延遲約是6個位元組的MAC地址的發送時延，在存盤轉發方
    式中，交換機需要先將MAC幀全部讀入到內部緩沖區，進行幀校驗，所以引入的轉發延遲
    最長，無碎片直通方式較之直通方式提供了較好的差錯檢驗，所以引入的轉發延遲是64個
    位元組的發送時延，所以，題目中敘述的是錯誤的，
33. 透明網橋轉發表中的MAC地址是根據網橋在作業的程序中，收到的幀首部中的源MAC地址寫入的，
    A.正確
    B.錯誤.
    決議:透明網橋在轉發幀的程序中逐漸將其轉發表建立起來，特別要注意的是，網橋轉發
    表中的MAC地址是根據源MAC地址寫入的,但在進行轉發時是將此MAC地址當作目的地
    址，這是因為網橋的轉發表根據的原理就是:如果網橋現在能夠從埠x收到從源地址A
    發來的幀，那么以后就可以從埠x將一個幀轉發到目的地址A，
34. 某局域網采用CSMA/CD協議實作介質訪問控制，資料傳輸速率為10Mbits, 主機A和主機B之間的距離為2km.信號傳播速度為2×10⁸m/s.若主機A和主機B發送資料時發生沖突，則從開始發送資料時刻起，到兩臺主機均檢測到沖突時刻止，最短需經過
    A.10微秒
    B.1微秒
    C.5微秒
    D.20微秒
    決議:當主機A和主機B同時向對方發送資料時，信號在信道中發生沖突后，沖突信號繼.續向兩個方向傳播，這種情況下兩臺主機均檢測到沖突需要經過的時間最短，時間為=(
    2×10³m)/(2×10⁸m/s)=10微秒，
35. 透明網橋中“透明” 是指局域網上的站點并不知道所發送的幀將經過哪幾個網橋，因
    為網橋對各站來說是看不見的，
    A.正確
    B.錯誤
36. 下列介質訪問控制方法中，可能發生沖突(碰撞)的是
    A. CSMA
    B. CDMA
    C.TDMA
    D. FDMA
    決議: (1)基于信道劃分的媒體訪問控制方法的優點在于，用戶使用各自劃分的信道通信,
    不會和別的用戶發生沖突，可以采用頻分多路復用、時分多路復用、波分多路復用和碼分多.路復用等方法，
    (2)基于隨機訪問的媒體訪問控制方式下，所有的用戶可隨機地向信道中發送資訊，用戶在
    發送資料時可能發生沖突，以太網中使用的就是這種媒體訪問控制方法，

3-09.一個PPP幀的資料部分（用十六進制寫出）是7D 5E FE 27 7D 5D 7D 5D 65 7D 5E，試問真正的資料是什么（用十六進制寫出）？
7D EF 27 7D 7D 65 7E


3-10.PPP協議使用同步傳輸技術傳送位元串0110111111111100，試問經過零位元填充后變成怎樣的位元串？若接收端收到的PPP幀的資料部分是0001110111110111110110，問洗掉發送端加入的零位元后變成怎樣的位元串？
011011111011111000
000111011111111111110


3-20.假定1km長的CSMA/CD網路的資料率為1Gb/s，設信號在網路上的傳播速率為200000km/s，求能夠使用此協議的最短幀長，
對于1km電纜，單程傳播時間為1/200000=5為微秒，來回路程傳播時間為10微秒，為了能夠按照CSMA/CD作業，最小幀的發射時間不能小于10微秒，以Gb/s速率作業，10微秒可以發送的位元數等于10×10-6/1×10^-9=10000,因此，最短幀是10000位或1250位元組長

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網路層

• 三類IP地址

• ARP地址決議協議：IP->MAC
• IP資料報
  首部20位元組

• CIDR無分類編址
  
  在 IP 地址面加上一個斜線“/”，然后寫上網路前綴所占的位數，
  全1廣播地址，全0網路地址

• ICMP (Internet Control Message Protocol)網際控制報文協議

1. PING 用來測驗兩個主機之間的連通性，
2. PING 使用了 ICMP 回送請求和回答報文，
3. PING 是應用層直接使用網路層 ICMP 的例子，它沒有通過運輸層的 TCP 或UDP，

• RIP (Routing Information Protocol)路由資訊協議，分布式的、基于距離向量的路由選擇協議，允許一條路徑最多只能包含 15 個路由器，
  

• IPv6
  使用雙協議堆疊、隧道技術
  單薄、多播、任博（IPv4是廣播）

1. 下列標準中， WiFi 常用的是()
   A. IEEE 802.11
   B. IEEE 802.3
   C. lEEE 802.4
   D. IEEE 802.5
   決議: IEEE 802委員會制定的關于局域網/城域網的標準中,802.3是CSMA/CD協議，802.4是令牌總線，802.5 是令牌環協議，802.11 是無線局域網協議，
2. 下列網路設備中，能夠抑制網路風暴的是( )
   A.路由器
   B.中繼器
   C.集線器
   D.網橋
   決議:中繼器、集線器和網橋不能隔離廣播域，所有與這些設備相連的站點仍屬于同一個廣播域，只有路由器才能隔離廣播域，從而抑制廣播風暴，
3. TCP/IP參考模型的網路層提供的服務型別是( )
   A.無連接不可靠的資料報服務
   B.無連接可靠的資料報服務
   C.有連接不可靠的虛電路服務
   D.有連接可靠的虛電路服務
   決議:題目中詢問TCP/IP參考模型的網路層提供的服務，也就是在問IP協議提供了什么樣的服務，即無連接(不需要建立連接)、不可靠(因為在IP協議中，無確認和重傳機制)、
   盡力而為的資料報服務，
4. 下列選項中，對正確接收到的資料幀進行確認的MAC協議是( )
   A. CSMA/CA
   B. CDMA
   C. CSMA
   D. CSMA/CD
   決議: CSMA/CA (Carrier Sense Multiple Access with Collision Avoid)是帶有沖突避免的載
   波偵聽多路訪問,發送包的同時不能檢測到信道上有無沖突,只能盡量“避免"，在CSMACA
   中，目的站若正確收到源站發來的資料幀，則經過時間間隔SIFS后，向源站發送確認幀
   ACK，若源站在規定時間內沒有收到確認幀ACK(由重傳計時器控制這段時間)，就必須重傳此幀，直到收到確認為止，或者經過若干次的重傳失敗后放棄發送，
5. ARP協議中, A主機想要獲取本網路中B主機的MAC地址，則A主機的ARP請求分組
   是以廣播方式發送，B主機的ARP回應分組是( )
   A.單播發送
   B.多播發送
   C.廣播發送
   D.點播發送.
   決議:因為在ARP請求分組中包含有A主機的IP地址和MAC地址，當所有 主機收到A廣
   播的ARP請求分組以后，由于B主機已經知道了A主機的MAC地址，所以B主機會以單
   播(一對一通信)的方式向A主機回傳一個ARP回應分組，
6. 在IPV4中，一個資料報總長度為4000位元組(包含固定長度的首部)，現在經過一個MTU=1500位元組的網路傳送，則該資料報被劃分3個資料報片，
   決議:首先需要注意的是:當IP資料報被分片時，其實是把資料部分拆分，因為每個分片都有一個首部，由于MTU=1500位元組，所以減去20位元組的首部后，每個分片的資料部分是1480位元組，且1480剛好能夠被8整除，所以，分片的個數就等于待分片的IP資料報資料
   部分的長度除以每個分片中資料部分的長度，然后向上取整，即(4000-20) /(1500-20),然
   后向上取整，最終得到結果為3，
7. 在IPV4中，對IP資料報分片的作業通常是由路由器完成的，
8. 若采用分類的IP地址，則IP地址是202.119.230.8的主機所在網路的網路地址為( )
   A.202.119.230.0
   B.202.0.0.0
   C.202.119.0.0
   D.202.119.230.8
   決議:因為該地址是C類地址，根據C類IP地址網路號部分占24位，再根據網路地址是
   主機號部分全零的特殊的IP地址，即可以求出答案，
9. IP資料報首部的校驗和欄位，用于校驗( )
   A. IP首部
   B.整個IP資料報
   C.資料部分
   D.P首部及資料部分前8個位元組
   決議: IP 資料報首部的校驗和欄位只用于校驗首部，資料部分的校驗由資料部分封裝的相
   關協議自身來負責(如TCP、 UDP、 ICMP、OSPF等)
10. 若通過資料包捕獲軟體采集到的一一個IP資料報首部(用 16進制表示)為:
    45000020F91200008011BF9FCOA80064COA80066
    則該IP資料報資料部分封裝的資料是來自于( ) P131
    A.UDP
    B. TCP
    C. ICMP
    D. IP
    *決議:由于該IP資料報首部中的協議型別欄位(第10個位元組)為11H,也就是十進制的17，表示該IP資料報資料部分封裝的資料是來自于UDP，若為06H,則表示來自于TCP ;若為01H,則表示來自于ICMP;若為04H，則表示來自于IP，
11. 若通過資料包捕獲軟體采集到的一一個IP資料報首部(用 16進制表示)為:
    45000020F91200008011BF9FCOA80064COA80066
    則該IP資料報的源IP地址是()P128
    A.192.168.0.100
    B. 192.1 68.0.102
    C.202.119.0.100
    D.202.119.0.102
    決議:源IP地址宇段對應于首部中的13-16位元組，即CO A800 64,只需要把其轉換成點
    分十進制表示就可以了，
12. 若通過資料包捕獲軟體采集到的-一個IP資料報首部(用 16進制表示)為:
    45000020F91200008011BF9FCOA80064COA80066
    則該IP資料報的目的IP地址是( )
    A.192.168.0.102
    B.192.168.0.100
    C.202.119.0.100
    D.202.119.0.102
    決議:目的IP地址欄位對應于首部中的17-20位元組，即CO A800 66,只需要把其轉換成
    點分十進制表示就可以了，
13. 若通過資料包捕獲軟體采集到的一個IP資料報首部(用16進制表示)為:
    45000020F91200003B11BF9FCOA80064COA80066,且TTL欄位的初始值為68
    則該資料報經過了9個路由器的轉發，
    決議: TTL 欄位對應于首部中的第9個位元組，即3BH,轉換成十進制是59，所以該資料只經過了68-59=9個路由器的轉發，
14. 在IPV4中，IP地址是48位元，
    A.錯誤
    B.正確
    決議:在IPV4中， IP 地址應該是32位元，
15. 在分類的IP地址中，IP 地址190.42.37.5屬于B類地址，P121
    A.正確
    B.錯誤
    決議:正確，因為B類IP地址用點分十進制表示時，第-一個數字在 128-191之間，
16. 每一個B類網路中，可用的IP地址的個數是65534
    決議:因為B類網路中，主機號部分占16位元，因為主機號部分全0和全1不能用，所
    以可用的IP地址個數是2¹⁶-2=65534個，
17. 每一個C類網路中，可用的IP地址的個數是254
    決議:因為C類網路中，主機號部分占8位元，因為主機號部分全0和全1不能用，所以
    可用的IP地址個數是2^8-2=254個，
18. 在主機202.119.224.201 所在的網路中，網路內的廣播地址為
    A.202.119.224.255
    B. 202.119.224.0
    C. 202.119.255.255
    D.202.119.0.0
    決議:因為主機202.119.224.201的IP地址屬于C類地址，所以網路號部分占24位元，主
    機號部分為8位元，網路內的廣播地址為網路號部分保留，主機號部分全1,轉換成點分十
    進制后即202.119.224.255.
19. 若通過資料包捕獲軟體采集到的一個IP資料報首部(用 16進制表示)為:
    45000020F91200008011BF9FCOA80064COA80066.
    則該IP資料報的總長度是( )
    A.32位元組
    B. 20位元組
    C.100位元組
    D. 249位元組
    決議:總長度欄位對應于首部中的第3-4位元組，即0020H，只需要把其轉換成十進制，也就是32位元組，
20. 無線局域網采用的是CSMA的改進協議，在CSMA的基礎上增加了沖突避免和確認機
    制，
21. ARP 協議的作用是完成物理地址到IP地址的決議，
    A.錯誤
    B.正確
    決議: ARP 協議的作用是完成IP地址到物理地址的決議，RARP (反向的地址決議協議)的作用是完成物理地址到IP地址的決議，
22. 一個IP資料報被分片后，通常是在目的主機處被重組，
    A.正確
    B.錯誤
    決議:為了減少中間路由器的負擔，另外又考慮到一一個分片還有可能會被再次分片,所以在IPV4中，各個分片在目的主機處被重組成一個IP分組，.
23. 從理論上來說，一個IPV4資料報的最大長度為( )
    A.65535位元組
    B.1023宇節
    C.1500位元組
    D.512位元組
    決議: IP資料報的總長度欄位占了16個位元，16位元能夠表示的最大值是2¹⁶-1=65535，
24. 在TCP/IP網路中，主機和路由器都要運行IP協議，
    A.正確
    B.錯誤
25. 在因特網中，路由器只能分配一個IP地址，
    A.錯誤
    B.正確
    決議:在因特網中， 路由器是用來把不同的網路互連起來的網路設備，路由器的每個埠都需要分配不同的IP地址，
26. 一個IP資料報總長度為2500位元組(包含固定長度的首部)，現在需要經過某物理網路
    傳送，但是該網路的MTU=500位元組，則:該IP資料報應當被劃分的分片數量為
    A.6
    B.4
    C.5
    D.7
    決議:首先需要注意的是:當IP資料報被分片時，其實是把資料部分拆分，因為每個分片都有一個首部,由于MTU=500位元組，所以減去20位元組的首部后,每個分片的資料部分是480位元組，且480剛好能夠被8整除，所以，分片的個數就等于待分片的IP資料報資料部分的長度除以每個分片中資料部分的長度，然后向上取整,即(2500-20) /(500-20).然后向上取整，最終得到結果為6，
27. 虛擬局域網是一種新型的局城網，
    A.錯誤
    B.正確
    決議:虛擬局域網不是一種新型的局域網，而是局域網為用戶提供的一種服務，
28. IEE802.11 標準規定的幀間間隔中，優先級最高和最低的分別是( )
    A.SIFS,DIFS
    B. SIFS,PIFS
    C. DIFS,SIFS
    D. PIFS,DIFS
    決議: SIFS, 即短(Short)幀間間隔， 長度為28微秒，SIFS 是最短的幀間間隔，用來分隔開屬于一次對話的各幀，PIFS，即點協調功能幀間間隔，比SIFS 長，是為了在PCF方式下優先接入到媒體，DIFS，即分布協調功能幀間間隔，是最長的IFS，在DCF方式中用來發送資料幀和管理幀，高優先級幀需要等待的時間較短，因此可優先獲得發送權，而低優先級幀就必須等待較長的時間，
29. 在以太網中，若IP資料報只有固定長度的首部，則包含在IP資料報中的資料部分最長
    應該是()
    A.1480位元組
    B.1500位元組
    C.65515位元組
    D.20位元組
    決議:為隱藏底層網路技術并方便用戶通信，TCP/IP 軟體并沒有設計受物理網路限制的資料報，而是根據源站所在網路的MTU,以及高層協議資料的大小，選擇-一個合適的初始資料報大小，以太網中MTU最大值1500,減去IP資料報的首部20位元組后，恰好能夠被8整
    除，所以資料部分的最大值是1500-20=1480位元組，
30. 無線局域網中，ACK 幀使用的幀間間隔是( )
    A. sIFS
    B. DIFS
    C. PIFS
    D. IFS
    決議:由于 ACK幀的優先級比較高，所以使用的是最短的幀間間隔SIFS，
31. 一個IP資料報總長度為4200位元組(包含固定長度的首部)，現在需要經過某物理網路
    傳送，但是該網路的MTU=1000位元組，則該資料報被分片后最后-一個分片的資料部分的長度是276位元組，
    決議:因為網路的MTU=1000,則每個分片的資料部分的長度應該選盡量接近1000-20=980、同時又是8位元組的整數倍的長度.所以就選擇了976位元組，那么該IP資料報被分成了5個分片，所以最后一個分片資料部分的長度是4200-20-4×976=276位元組，
32. 一個IP資料報總長度為4200位元組(包含固定長度的首部)，現在需要經過某物理網路
    傳送，但是該網路的MTU=1000位元組，則該資料報被分片后最后一個分片首部中的片偏移
    欄位的值(用十進制表示)是( )
    A.488
    B.125
    C.500
    D.122
    決議:因為網路的MTU=1000,則每個分片的資料部分的長度應該選盡量接近1000-20=980、同時又是8位元組的整數倍的長度，所以就選擇了976位元組，那么該IP資料報被分成了5個分片，所以最后一個分片資料部分第一個位元組的編號是976×4=3904.又因為片偏移欄位的單位是8位元組，則其首部中片偏移欄位的值是3904/8=488.
33. PING 程式是應用層直接使用網路層協議的一個特例，
    A.正確
    B.錯誤
34. 在IP資料報傳送程序中，發現生存時間(TTU) 欄位為0,則路由器發出ICMP的目的
    地不可達報文，P148
    A.錯誤
    B.正確
    決議:在IP資料報傳送程序中，發現生存時間(TTL) 欄位為0,則路由器會發出ICMP超
    時報文，報告出錯情況，
35. 常用的ping程式使用了ICMP的( )報文, 用于探測目標主機的可達性，( )
    A.回送請求與應答
    B.地址掩碼請求與應答
    C. 路由器詢問和通告
    D. 時間戳請求與應答
    決議: ping 程式使用了ICMP詢問報文中的回送請求與回答報文，可以測驗網路的連通情況，
36. ping 命令的功能是測驗網路的連通性，它所基于的協議是( )
    A.ICMP
    B. ARP
    C. IP
    D. TCP
    決議: ping 程式使用了ICMP詢問報文中的回送請求與回答報文，去測驗網路的連通情況,所以它所基于的協議是ICMP，

1. 在一個192.168.30.0的網路中,若要劃分6個子網(全0、全1的子網地址不使用)，則
   所選用的子網掩碼用點分十進制可以表示為255.255.255.224
   決議:因為該網路是一個C類網路，所以網路號部分占了24位,又因為要劃分6個子網,
   全0、全1的子網地址不使用, 2³-2=6, 所以子網號部分占了3位,故子網掩碼中一共有
   24+3=27個1.主機號部分5位全0,即111111111111111100000轉換成點分十進制后，即為255.255.255.224，
2. 某主機的IP地址為192.55.12.116，子網掩碼是:255.255.255.224, 那么其所在子網的子
   網地址是( )
   A.192.55.12.96
   B. 192.55.12.64
   C. 192.55.12.112
   D. 19255.12.116
   決議:因為主機的IP地址和所在子網的子網掩碼相與，即為子網地址，又因為子網掩碼是255.255.255.224，所以只需要把224和116轉換成二進制且按位相與就可以了，相與過以后再轉換成十進制，最終的結果是192.55.12.96.
3. 若某網路的子網掩碼是255.255.240.0,則該網路中可用的IP地址個數是4094
   決議:根據子網掩碼里有8+8+4=20個1可以判斷出主機號部分占了32-20=12位，則可
   用的IP地址個數是2^12-2=4094 (注意:盡管題目里沒有說，但是全0和全1的主機號是
   不分配的，所以要減去2)，
4. 設有兩個子網202.119.132.0/25和202.119.132.128/25.如果進行路由匯聚,得到的網路
   地址是()
   A.202.119.132.0/24
   B.202.119.132.128/26
   C.202.119.132.128/24
   D.202.119.132.0/26
   決議:因為兩個地址塊中前24位是一樣的，第25位一個是0，一個是1,所以這兩個地
   址塊地址是連續的，且地址的數量加起來是2的整數次幕，所以可以合并,也就是可以路由
   聚合，聚合后的地址塊的前綴長度是24位，起始地址是202.119.132.0,所以最終得到的聚
   合后的網路地址為202.19.132.0/24.
5. 在CIDR地址塊202.15.64.0/21中，包含有2048個IP地址，
   決議:一個CIDR地址塊包含的地址數量是2的整數次冪.因為該地址塊主機號部分占了32-21=11位,所以該地址塊中地址的數量是2¹¹=2048，
6. 在CIDR地址塊202.15.64.0/21中， 包含有2046個可以分配給主機使用的IP地址，
   決議:一個CIDR地址塊包含的地址數量是2的整數次幕，因為題目中是求可用的IP地址,則要去掉主機號部分全0和全1的地址，又因為該地址塊主機號部分占了32-21=11位,所.
   以該地址塊中可用的IP地址的數量是2¹¹-2=2046.
7. 在CIDR地址塊202.15.64.0/21中，最大的IP地址是202.15.71.255
   決議:一個地址塊中最大的IP地址就是主機號部分全1的地址，因為主機號部分占了32-
   21=11位,因為第三個8位組中有前綴和主機號，所以需要把64轉換成8位二進制(取前
   5位)，再和主機號部分的11位"1” 組合在一起，所以最大的IP地址就是202.15.010011.111111.即202.15.71.255，
8. 在CIDR地址塊202.15.64.0/20中,最大的IP地址是( )
   A.202.15.79.255
   B.202.15.64.255
   C.202.15.255.255
   D. 202.15.79.0
   決議:一個地址塊中最大的IP地址就是主機號部分全1的地址，因為主機號部分占了32-
   20=12位，因為第三個8位組中有前綴和主機號，所以需要把64轉換成8位二進制(取前
   4位)，再和主機號部分的12位"1" 組合在一起，所以最大的IP地址就是
   202.15.01001111.11111111，即202.15.79.255，
9. 設有一個網路的網路地址為202.16.25.0,若子網掩碼為255.255.255.192,則在該網路中
   可以劃分子網(全0、 全1的子網地址不分配)的個數是2
   決議:根據IP地址可以判定，這是-個C類網路，默認的子網掩碼是255.255.255.0，由
   于目前選用的子網掩碼是255.255.255.192. 192=11000000意味著從主機號中借用兩位進
   行子網劃分，又因為全0、全1的子網地址不分配，則可以劃分2²-2=2個子網，
10. 路由資訊協議RIP是內部網關協議中廣泛采用了一種基于( ) 的協議，
    A.距離向量路由演算法
    B.鏈路狀態路由演算法
    C.集中式路由演算法
    D.固定路由演算法
    決議:路由資訊協議RIP廣泛采用了一種基于距離向量演算法的協議，通過該演算法，可以找到一條到達目的主機時經過的路由器數量最少的路由，
11. 下列地址中,屬于CIDR地址塊86.32.0.0/12中的地址是( )
    A.86.33.224.123
    B. 86.79.65.126
    C.86.79.65.216
    D.86.68.206.154
    決議:因為CIDR地址塊86.32.0.0/12中地址的范圍是86.32.0.0 (主機號部分全0)一
    86.47.255.255 (主機號部分全1).所以只有8.3.224.123在該范圍內，
12. 在一個192.168.34.0的網路中，子網掩碼是255.255.255.192，若全0和全1的子網地
    址不分配，按照子網號部分從小到大的順序，則第一個子網的子網地址是192.168.34.64
    決議:因為從IP地址的型別來判斷，是一個C類地址，所以默認的子網掩碼是
    255.255.255.0.從該網路實際使用的子網掩碼來看,多了192,192-100000B.00所以也就意
    味著使用2位進行子網劃分，除去全0和全1以外，最小的子網地址應該是192.168.34.000000，也就是192.168.34.64，
13. 下列IP地址中，能直接和因特網上的主機進行通信的是( ) P185
    A.186.35.40.25
    B.192.168.120.5
    C.17230.10.78
    D.10.24.25.9
    決議:在上述四個IP地址中，只有186.35.40.25為全球地址， 其它三個均為私有地址，只能用于內部通信，
14. 在RIP協議中，交換路由資訊的方式是( )
    A.向鄰居節點廣播整個路由表
    B.向整個自治系統廣播整個路由表
    C.向鄰居節點廣播相鄰的鏈路資訊
    D.向整個自治系統廣播相鄰的鏈路資訊
    決議:在RIP中，當前路由器會定時同鄰居路由器去交換路由資訊，且傾其所有，也就是把自己路由表中的所有資訊都去和鄰居交換，
15. 在某一個子網中，給4臺主機分配IP地址(子網掩碼為255.255.255.224)，其中一臺
    因IP地址分配不當而存在通信故障，則這一臺主機IP地址為( )
    A.200.10.1.60
    B.200.10.1.65
    C.200.10.1.70
    D.200.10.1.75
    決議:因為子網掩碼為5255255.224.所以只需要比較一下四個IP地址中的前27位是
    否相同，相同說明是在同一個子網中，經過把第四個數字轉換成二進制后，可以判斷出
    200.10.1.60的第25-27位是001，其它三個地址都是010，
16. 某主機的IP地址是192.168.34.38,所在子網的子網掩碼是2525.255.224.則該子網
    的子網地址是192.168.34.32
    決議:因為主機的IP地址和所在子網的子網掩碼相與，即為子網地址，又因為子網掩碼是55255.255.224,所以只需要把224和38轉換成二進制且按位相與就可以了，相“與”過
    以后再轉換成十進制，最終的結果是192.168.34.32.
17. 與地址218.16.0.19/28同屬于一個子網的主機地址是( )
    A.218.16.0.17
    B.218.16.0.12
    C. 218.16.0.15
    D.218.16.0.14
    決議:只需要比較-下四個IP地址中的前28位和218.16.0.19/28的前28位是否相同，若
    相同，則同屬于-一個子網，因為大家前面的24位都是一樣的，就簡化為比較17、31、15、14和19的前4位是否相同，通過把這5個數字轉換成8位二進制，可以知道只有17和19
    的高四位是相同的，均為0001，
18. OSPF 協議是一種內部網關協議,也是一種基于鏈路狀態的協議，
    A.正確
    B.錯誤
19. BGP是一種內部網關協議，它作業在應用層，
    A.錯誤
    B.正確
    決議: BGP是一種外部網關協議，它作業在應用層，且傳輸層選擇使用了TCP，
20. 在使用CIDR時的路由查找演算法中，需在所有匹配項中選擇具有最短前綴的路由表項，
    A.錯誤
    B.正確
    決議:在使用CIDR時的路由查找演算法中，需在所有匹配項中選擇具有最長前綴的路由表
    項，因為前綴越長，地址塊中地址的數量越少，路由也就越具體，
21. IPv6地址102:5:100F中的:代表的位元位0的個數是P174
    A.80
    B. 32
    C.48
    D.64
    決議:因為IPv6地址是128位元的，其中，非全零的有三組,也就是3×16=48位元非全
    零，則采用零壓縮法后，:代表了128-48=80 位元的全零，
22. IPv4 向IPv6過渡常用的方法有雙協議堆疊和隧道技術，
23. IPv6 的地址型別有( )
    A.單播、多播、任播
    B.單播、多播、廣播
    C.單播、任播、廣播
    D.多播、任播、廣播
    決議:在IPv4中，地址的型別是單播、多播和廣播三種，在IPv6 中，廣播替換為任播，
24. 使用專用網地址的用戶實作對公共Internet訪問時，需要使用NAT進行網路地址轉換，
    A.正確
    B.錯誤
    決議:因為專用網地址(私有地址)只能用于在一個網路內部的通信，私有地址的用戶要
    想訪問因特網，需要先通過一個運行著NAT軟體的路由器把私有地址轉換成全球IP地址，
25. 通過子網掩碼可以確定一個IP地址中的網路號部分和主機號部分，
    A.正確
    B.錯誤
    決議:通過子網掩碼和主機IP地址進行“相與” 操作，就可以得到其網路號部分，剩下的
    即為主機號部分，
26. IP 地址192.168.3.2是一個全球(公有) IP 地址，
    A.錯誤
    B.正確
    決議: IP 地址192.168.3.2是一個私有地址，只能用于網路內部通信，
27. 在因特網中，路由選擇就是選擇發送IP分組的通路的程序，
    A.正確
    B.錯誤
28. 直接封裝RIP、OSPF. BGP報文的協議分別是( ) P157, P160, P167
    A.UDP、IP、 TCP
    B. TCP、UDP、IP
    C. TCP. IP、UDP
    D. UDP、TCP、IP
    決議: RIP和BGP位于應用層，分別使用了UDP和TCP作為其傳輸層的協議，所以RIP報文封裝在UDP報文里傳輸，BGP 報文封裝在TCP報文段中傳輸，OSPF 位于網路層，OSPF報文直接封裝在IP分組的資料欄位里，

4-20.設某路由器建立了如下路由表：
目的網路 子網掩碼 下一跳
128.96.39.0 255.255.255.128 介面m0
128.96.39.128 255.255.255.128 介面m1
128.96.40.0 255.255.255.128 R2
192.4.153.0 255.255.255.192 R3
*（默認） —— R4
現共收到5個分組，其目的地址分別為：
（1）128.96.39.10
（2）128.96.40.12
（3）128.96.40.151
（4）192.153.17
（5）192.4.153.90
（1）分組的目的站IP地址為：128.96.39.10，先與子網掩碼255.255.255.128相與，得128.96.39.0，可見該分組經介面0轉發，
（2）分組的目的IP地址為：128.96.40.12，
① 與子網掩碼255.255.255.128相與得128.96.40.0，不等于128.96.39.0，
② 與子網掩碼255.255.255.128相與得128.96.40.0，經查路由表可知，該項分組經R2轉發，
（3）分組的目的IP地址為：128.96.40.151，與子網掩碼255.255.255.128相與后得128.96.40.128，與子網掩碼255.255.255.192相與后得128.96.40.128，經查路由表知，該分組轉發選擇默認路由，經R4轉發，
（4）分組的目的IP地址為：192.4.153.17，與子網掩碼255.255.255.128相與后得192.4.153.0，與子網掩碼255.255.255.192相與后得192.4.153.0，經查路由表知，該分組經R3轉發，
（5）分組的目的IP地址為：192.4.153.90，與子網掩碼255.255.255.128相與后得192.4.153.0，與子網掩碼255.255.255.192相與后得192.4.153.64，經查路由表知，該分組轉發選擇默認路由，經R4轉發，


4-29 一個自治系統有5個局域網，其連接圖如圖4-66示，LAN2至LAN5上的主機數分別為：91，150，3和15.該自治系統分配到的IP地址塊為30.138.118/23，試給出每一個局域網的地址塊（包括前綴）， 30.138.118/23–?30.138.0111 011
分配網路前綴時應先分配地址數較多的前綴題目沒有說LAN1上有幾個主機，但至少需要3個地址給三個路由器用，
本題的解答有很多種，下面給出兩種不同的答案：
第一組答案 第二組答案
LAN1 30.138.119.192/29 30.138.118.192/27
LAN2 30.138.119.0/25 30.138.118.0/25
LAN3 30.138.118.0/24 30.138.119.0/24
LAN4 30.138.119.200/29 30.138.118.224/27
LAN5 30.138.119.128/26 30.138.118.128/27


4-37 某單位分配到一個地址塊136.23.12.64/26，現在需要進一步劃分為4個一樣大的子網，試問:
（1）每一個子網的網路前綴有多長？
（2）每一個子網中有多少個地址？
（3）每一個子網的地址是什么？
（4）每一個子網可分配給主機使用的最小地址和最大地址是什么？
答:
（1）每個子網前綴28位，
（2）每個子網的地址中有4位留給主機用，因此共有16個地址，
（3）四個子網的地址塊是：
第一個地址塊136.23.12.64/28，可分配給主機使用的
最小地址：136.23.12.01000001＝136.23.12.65/28
最大地址：136.23.12.01001110＝136.23.12.78/28
第二個地址塊136.23.12.80/28，可分配給主機使用的
最小地址：136.23.12.01010001＝136.23.12.81/28
最大地址：136.23.12.01011110＝136.23.12.94/28
第三個地址塊136.23.12.96/28，可分配給主機使用的
最小地址：136.23.12.01100001＝136.23.12.97/28
最大地址：136.23.12.01101110＝136.23.12.110/28
第四個地址塊136.23.12.112/28，可分配給主機使用的
最小地址：136.23.12.01110001＝136.23.12.113/28
最大地址：136.23.12.01111110＝136.23.12.126/28


4-41 假定網路中的路由器B的路由表有如下的專案（這三列分別表示“目的網路”、“距離”和“下一跳路由器”）
N1 7 A
N2 2 B
N6 8 F
N8 4 E
N9 4 F
現在B收到從C發來的路由資訊（這兩列分別表示“目的網路”“距離”）：
N2 4
N3 8
N6 4
N8 3
N9 5
試求出路由器B更新后的路由表（詳細說明每一個步驟），
路由器B更新后的路由表如下：
N1　　　7　　A　　　　無新資訊，不改變
N2　　　5　　C　　　　相同的下一跳，更新
N3　　　9　　C　　　　新的專案，添加進來
N6　　　5　　C　　　　不同的下一跳，距離更短，更新
N8　　　4　　E　　　　不同的下一跳，距離一樣，不改變
N9　　　4　　F　　　　不同的下一跳，距離更大，不改變

運輸層

• TCP四種擁塞
• 控制演算法
  慢開始、擁塞避免、快重傳、快恢復
  
  當TCP連接進行初始化時，將擁塞視窗置為1，圖中的視窗單位不使用位元組而使用報文段，慢開始「J限的初始值設定為16個報文段，即ssthresh = 16，
  當擁塞視窗cwnd = 16時(圖中的點0)，出現了-一個新的情況，就是發送方- -連收到 3個對同一個報文段的重復確認(圖中記為3-ACK)，發送方改為執行快重傳和快恢復演算法，
  因此，在圖的點0，發送方知道現在只是丟失了個別的報文段，于是不啟動慢開始，
  而是執行快恢復演算法，這時，發送方調整門限值ssthresh = cwnd /2= 8，同時設
  置擁塞視窗cwnd = ssthresh = 8 (見圖中的點⑥)，并開始執行擁塞避免演算法，

1. 主機甲和主機乙建立TCP連接傳輸資料，假定主機甲的擁塞視窗cwnd=1000位元組，接
   收方主機乙通告的接收視窗rwnd=2000位元組，則主機甲的發送視窗的取值是()字
   節，P236
   A.1000
   B.2000
   C.3000
   D.0
   決議: TCP 為了進行有效的擁塞控制，需要通過擁塞視窗cwnd (congestion window)來
   進行衡量網路的擁塞程度，注意，發送視窗的取值是取擁塞視窗和接收視窗中的較小的值,
   即Sendwin = Min [rwnd, cwnd]， 所以本題的答案是1000 位元組，
2. 下面關于TCP/IP 的傳輸層協議表述不正確的是( )
   A.IP尋址
   B.行程尋址
   C.提供無連接服務
   D.提供面向連接服務
   決議: TCP/IP 的傳輸層協議中，TCP 協議提供面向連接的服務, UDP提供的是無連接的服務，采用的是行程尋址，使用了埠號來表示每一一個應用層行程，而對于網路層來說，采用的是IP尋址，根據IP地址去進行通信，
3. 如果TCP來回路程時間RTT的當前值是30ms,隨后應答在34ms時候到來，取a=0.9,
   那么新的RTT估算值是33.6 ms， P225
   決議:每測量到-一個新的往返時延樣本，就按下式重新計算一次平 均往返時延: RTTnew= RTTsample (第-次測量得到的RTT樣本值) RTTnew= (l-α) xRTTold+axRTTsample(第二次以后的測量)則 RTTnew= (-0.9) x30+0.9x34=33.5 ms
4. 主機甲與主機乙之間建立一個TCP連接，主機甲向主機乙發送了兩個連續的報文段，分別包含200位元組和500位元組的有效載荷，第一個報文段的序號為100,主機乙正確接收到兩
   個段后，發送給主機甲的確認號為800，
   決議:因為第一個報文段的序號是100,也就是說,第一個TCP報文段第一位元組的編號是100,又因為第一個報文段和第二個報文段分別包含200位元組和500位元組的有效載荷，則第二個TCP報文段資料部分最后-一個位元組的編號是100+200+500-1=799,所以，主機乙正確接收到兩個段后，發送給主機甲的確認號為最后-個位元組的編號加1.即799+1=800，
5. 主機甲與主機乙之間建立TCP連接，主機甲向乙發送了一個序號為100的報文段，包含
   200位元組的有效載荷，主機乙正確接收到這個報文段后，發送給主機甲的確認號為( )
   A.300
   B.200
   C.201
   D.301
   決議:因為主機甲向乙發送了一個序號為100的報文段，也就是說，該TCP報文段第一位元組的編號是100，又因為該報文段包含200位元組的有效載荷，則該TCP報文段資料部分最
   后一個位元組的編號是100+200-1=299，所以，主機乙正確接收到該報文段后，發送給主機
   甲的確認號為最后-一個位元組的編號加1.即299+1=300，
6. TCP使用( )機制來建立連接，
   A.三次握手
   B.一次握手
   C.二次握手
   D.四次握手
7. 主機甲向主機乙發送一個(SYN=1, Seq= x)的TCP段，期望與主機乙建立TCP連接,
   若主機乙接受該連接請求，則主機乙向主機甲發送的正確的TCP段可能是( )
   A.(SYN= 1, ACK= 1, Seq =y, Ack=x+1)
   B. (SYN=0, ACK=0,Seq=y, Ack=x+1)
   C.(SYN= 1,ACK= 1, Seq=x+1,Ack= y)
   D. (SYN=0,ACK=0,Seq=x+1,Ack=y)
   決議:服務器乙的TCP收到甲的連接請求報文段后，則發回確認，ACK應置為1.確認序
   號應為ACK= 1 (因為之前的連接請求報文段中Seq=x,需要消耗掉一個序號,所以服務器B
   此時期望接收的序號應該是Ack=x+1)，因為連接是雙向的,所以服務器乙也向主機甲發出
   請求建立連接的請求，在報文段中同時應將SYN置為1.為自己選擇-一個初始序號Seq =
   Y，
8. 一個TCP連接總是以1KB的最大段長發送TCP段，發送方有足夠多的資料要發送，當擁塞視窗為16KB時發生了超時，如果接下來的4個RTT時間內的TCP段的傳輸都是成功的，那么當第4個RTT時間內發送的所有TCP段都得到肯定應答后，擁塞視窗大小為( ) P234
   A.9KB
   B. 7KB
   C.8KB
   D.16KB
   決議:因為不管是在慢啟動還是擁塞避免階段，只要網路發生超時現象，則必須退回到慢啟動階段，擁塞視窗cwnd從1個MSS重新開始，當擁塞視窗為16KB時發生了超時，則
   1)執行擁塞避免演算法的門限值調整為16KB的一半,即8KB，2) 立即執行慢啟動演算法，則
   第一個RTT后，cwnd=2KB, 第二個RTT后, cwnd=4KB, 第三個RTT后，cwnd=8KB. 開
   始執行擁塞避免演算法，所以第四個RTT后，cwnd=9KB，
9. 在TCP的慢啟動演算法中，擁塞視窗大小按線性規律增長，
   A.錯誤
   B.正確
   決議:當擁塞視窗cwnd≥sthresh時，為避免網路發生擁塞，進入擁塞避免演算法，這時候
   以線性方式增大cwnd (即每經過-一個傳輸輪次，cwnd 只增大-一個報文段)，所以,該說法
   是錯誤的，
10. 在TCP的擁塞避免演算法中，擁塞視窗大小按指數規律增長，
    A.錯誤
    B.正確
    決議:在慢啟動階段，將擁塞視窗cwnd設定成一個報文段大小，并且當cwnd≤ssthresh
    時，采用指數規律增大cwnd (即每經過一一個傳輸輪次，cwnd 加倍)，所以，該說法是錯誤的，
11. 網路上具有唯一性的IP地址和埠的組合，稱為套接字，可以用來表示某一臺
    主機上的某一個應用行程，
    決議:套接字(socket) 就是IP地址和埠的結合，也稱為插口，套介面，因為套接字是IP地址和行程的埠號結合在一起，用IP地址可以唯一地標識出全球互聯網上的一臺主機.
    該套接字的埠號部分則受限于IP 地址，僅能標識出該主機上的特定行程，而不會與其它
    主機.上的相同行程相混淆，
12. 主機甲與主機乙之間建立一個TCP連接，主機甲向主機乙發送了兩個連續的報文段,
    分別包含300位元組和500位元組的有效載荷，第一個報文段的序號為200，主機乙正確接收到
    兩個段后，發送給主機甲的確認號為1000，
    決議:因為第一個報文段的序號是200,也就是說,第-個TCP報文段第一位元組的編號是200,又因為第一個報文段和第二個報文段分別包含300位元組和500位元組的有效載荷，則第二個TCP報文段資料部分最后-個位元組的編號是200+300+500-1=999，所以，主機乙正確接收到兩個段后，發送給主機甲的確認號為最后-一個位元組的編號加1,即999+1=1000.
13. 主機甲乙之間已建立一個TCP連接，每個TCP報文段最大長度為1000宇節，若主機
    甲的當前擁塞視窗為4000位元組，在主機甲向乙連續發送2個最大段后，成功收到主機乙
    發送的第一段的確認段,確認段中通告的接收視窗大小為2000位元組，則此時主機甲還可以
    向主機乙發送的最大位元組數是1000，
    決議:在主機甲向乙連續發送2個最大段后，成功收到主機乙發送的第一段的確認段，說明在發送視窗中還有1000位元組的資料沒有確認;又因為確認段中通告的乙的接收視窗大小為2000位元組，則甲的發送視窗=Min [rwnd, cwnd] =2000 位元組，所以主機甲還可以向主
    機乙發送的最大位元組數是2000 (發送視窗) -1000 (未收到應答的部分) =1000 (最多還允
    許再發送的部分)，
14. 以太網的資料幀封裝中，包含在TCP段中的資料部分最長應該是1460 位元組，(注:
    本題中IP和TCP都只有首部固定長度，且以太網的MTU=1500位元組)
    決議:因為以太網的MTU=1500位元組，所以封裝在幀中的IP資料報的總長度最大值=1500位元組，再減去IP的首部和TCP的首部各20位元組，所以最終的答案為1500-20-20=1460位元組，
15. 若主機甲和乙之間已建立一個TCP連接，雙方持續有資料傳輸，資料無差錯和丟失，若甲收到一個來自乙的TCP報文段，該段的Seq=1012. Ack=2046,該段的有效載荷是100位元組，則甲立即發送給乙的TCP報文段中Seq和Ack分別是
    A.2046, 1112
    B.2046.1111
    C.2047.1111
    D.2047.1112
    決議:甲收到一個來自乙的TCP報文段，該段的Seq=1012. Ack=2046， 有效載荷是100位元組，則甲立即發送給乙的TCP報文段中Seq=2046, Ack=1012+ 100-1112，
16. TCP 提供的是面向連接的服務，
    A.正確
    B.錯誤
17. UDP提供的是無連接的服務，
    A.正確
    B.錯誤
18. TCP可以提供一對一或者一對多的傳輸服務，
    A.錯誤
    B.正確
    決議: TCP 只能提供一對一的傳輸服務，
19. TCP 采用大小可變滑動視窗的方式進行流量控制，
    A.正確
    B.錯誤
20. TCP報文段首部的16進制為048500502E7C8403FE34D7475011FF6CDE69
    00 00，則這個TCP報文段首部中源埠的值(16 進制數)為( )
    A.04 85
    B.00 50
    C.2E 7C
    D.84 03
    決議:埠是傳輸層與應用層的服務介面，在TCP報文段一開始的欄位是源埠號，占
    16bit，
21. TCP 報文段首部的16進制為04 85 00502E 7C 8403FE34D747 5011 FF 6C DE 69
    0000,則這個TCP報文段首部中目的埠的值(16進制數)為()
    A.0050
    B.04 85
    C.2E 7C
    D. 84 03
    決議:埠是傳輸層與應用層的服務介面，在TCP報文段一開始的第三和第四位元組是目的埠號，
22. 主機A向主機B連續發送了兩個TCP報文段，其序號分別為70和130,則第一個報文
    段攜帶了60位元組的資料，
23. 主機A向主機B連續發送了兩個TCP報文段,其序號分別為70和130,則主機B收到
    第一個報文段后發回的確認中的確認號欄位的值是( )
    A.130
    B.60
    C.70
    D.200
    決議:因為A發給B的第二個報文段序號欄位的值是130,則最終的答案是130，
24. 一個UDP用戶資料報的資料欄位長度為3752位元組，若使用以太網來傳送(注:IP數
    據報固定首部長度，MTU= 1500位元組)，則最后一個IP資料報片的資料欄位的長度為
    800宇節，
    決議:在計算原始IP資料報資料部分的長度時，需加上UDP的8位元組首部(3752 + 8)=3760位元組，因為3760/ 1480= 2.54，因此需要分成3個資料報片，第三個分片資料部分的長度=3760-2×1480=800位元組，
25. 一個UDP用戶資料報的資料欄位長度為3752位元組，若使用以太網來傳送(注:IP數
    據報固定首部長度，MTU= 1500位元組)，則需要分成3個資料報片，
    決議:在計算原始IP資料報資料部分的長度時，需加上UDP的8位元組首部(3752 + 8)=3760位元組，因為3760/ 1480= 2.54，因此需要分成3個資料報片，

5-21 假定使用連續ARQ協議中，發送視窗大小事3，而序列范圍[0,15],而傳輸媒體保證在接收方能夠按序收到分組，在某時刻，接收方，下一個期望收到序號是5.試問：
（1） 在發送方的發送視窗中可能有出現的序號組合有哪幾種？
[2，4]，[3，5]，[4，6]，[5，7]
（2） 接收方已經發送出去的、但在網路中（即還未到達發送方）的確認分組可能有哪些？說明這些確認分組是用來確認哪些序號的分組，
發送視窗為3，則發送方一次可以發送2、3、4序號的分組，接收方收到序號為5的分組，說明2、3、4分組已經收到且已發送確認信號，這些信號可能由于延時而滯留在網路中，
5-23 主機A向主機B連續發送了兩個TCP報文段，其序號分別為70和100，試問：
（1） 第一個報文段攜帶了多少個位元組的資料？
（2） 主機B收到第一個報文段后發回的確認中的確認號應當是多少？
（3） 如果主機B收到第二個報文段后發回的確認中的確認號是180，試問A發送的第二個報文段中的資料有多少位元組？
（4） 如果A發送的第一個報文段丟失了，但第二個報文段到達了B，B在第二個報文段到達后向A發送確認，試問這個確認號應為多少？
解：（1）第一個報文段的資料序號是70到99，共30位元組的資料，
（2）確認號應為100.（3）80位元組， （4）70

應用層

1. DNS通常主要提供的服務是( )
   A.域名到IP地址的決議
   B. IP地址到域名的決議
   C. IP地址到物理地址的決議
   D.物理地址到IP地址的決議
   決議:DNS通常提供的是把某主機的域名決議為它的IP地址，
2. 如果本地域名服務器無快取，當采用遞回方法決議另一網路某主機域名時，用戶主機和.本地域名服務器發送的域名請求條數分別為( )
   A.1條，1條
   B.1條，多條
   C.多條，1條
   D.多條，多條
   決議:根據域名決議的基本原理，當采用遞回方法進行決議時，用戶主機先發出一條名
   決議請求給本地域名服務器,本地的域名服務器再向某個頂級域名服務器發送一條請求,然
   后對于用戶主機和本地域名服務器來說，剩下的事情就是等待回傳決議結果，
3. 如果本地域名服務器無快取，當采用遞回和迭代相結合的方法決議另一網路某主機域名時，用戶主機和本地域名服務器發送的域名請求條數分別為( )
   A.1條，多條
   B.1條，1條
   C.多條，1條
   D.多條，多條
   決議:根據域名決議的基本原理，當采用遞回和迭代相結合的方法進行決議時，用戶機
   先發出一- 條域名決議請求給本地域名服務器，本地域名服務器再向ROOT域名服務器送
   一條請求，然后ROOT域名服務器會回傳一個頂級域名服務器的地址，本地域名服務器再
   向該頂級域名服務器發送一條域名決議的請求， 也就是說對于用戶主機來說，只發出一請
   求，對于本地域名服務器來說，至少發出兩條請求，
4. POP3是Internet中()服務 所使用的協議，
   A.電子郵件
   B.萬維網
   C. BBS .
   D. FTP
   決議: POP3 是在收信時用到的協議，也就是在電子郵件服務時用到的協議，
5. Internet 網路中提供動態IP地址分配采用的協議是( )
   A. DHCP
   B. SMTP
   C. HTTP
   D. FTP
   決議: SMTP是簡單郵件傳送協議，用于發送電子郵件; DHCP是動態主機配置協議，用于動態IP地址分配;HTTP是超文本傳送協議，用于在萬維網客戶端(瀏覽器)和萬維網服務器之間互動時; FTP是檔案傳輸協議，用于在不同主機之間傳輸檔案，
6. 以下協議中，使用了無連接傳輸服務的應用層協議是( )
   A. DHCP
   B. SMTP
   C. FTP
   D. HTTP
   決議: SMTP、 HTTP、 FTP均使用了TCP作為傳輸層的協議，因為TCP能提供高可靠的傳輸服務，只有DHCP選擇了UDP作為傳輸層的協議，選擇的理由是需要進行一對 多通信，
7. 使用瀏覽器訪問某大學WEB網站主頁時，不可能用到的協議是( )
   A. SMTP
   B.HTTP
   C. UDP
   D. ARP
   決議:使用瀏覽器訪問某大學WEB網站主頁時，在應用層會用到DNS和HTTP ;在傳輸層可能會用到TCP和UDP;在網路層可能會用到ICMP、IP和ARP，而SMTP是簡單郵件傳送協議，主要用于發送電子郵件，
8. 在以下四個wwW網址中，不符合www網址書寫規則的網址是()
   A. www.njupt.cn.edu
   B. www.163.com
   C. www.nanjing.org.cn
   D. z.cn
   決議: edu作為頂級域名時,是美國專屬的，所以南京郵電大學WWW服務器的城名寫錯
   了，應該是www.njupt.edu.cn.
9. 在萬維網客戶端(瀏覽器)和萬維網服務器之間互動時,使用的是超文本傳送協議HTTP
   A.正確
   B.錯誤
10. DHCP除了為主機自動分配IP地址以外,還提供子網掩碼、默認網關IP地址和域名服
    務器IP地址等配置引數，
    決議: DHCP除了為主機自動分配IP地址以外,還提供子網掩碼、默認網關IP地址和域名
    服務器IP地址等配置引數，
11. TELNET被稱為遠程登錄，是因特網中的基本應用服務之-，用戶通過使用該服務可以
    登錄到某個遠程服務器上，
    A.正確
    B.錯誤
12. 著用戶1響用戶2發送電子郵件的程序如下圖所示，贈中0. @、③階段分別使用的應
    用層協議可以是?
    
    A. SMTP、SMTP、 POP3
    B. POP3、SMTP、POP3
    C. POP3、SMTP、SMTP
    D. SMTP、SMTP、 SMTP
    決議: SMTP是在發信時用到的協議，POP3 是在收信時用到的協議，所以在①、②兩階段使用的應該是SMTP,而在③階段使用的是郵局協議POP3，
13. FTP 使用兩條TCP連接來完成檔案傳輸，即控制連接和資料連接，
    決議: FTP 使用兩條TCP連接來完成檔案傳輸，其中控制連接用來傳遞命令,資料連接用來傳遞檔案，
14. FTP 在客戶端和服務器端傳輸命令時，使用的是建立在TCP之上的控制 連接，
    決議: FTP 使用兩條TCP連接來完成檔案傳輸，其中控制連接用來傳遞命令，資料連接用來傳遞檔案，
15. 下列協議中，與電子郵件沒有直接關系的是( )
    A.FTP
    B. SMTP
    C. POP3
    D. MIME
    決議: FTP 是檔案傳輸協議，用于在不同主機之間傳輸檔案，和電子郵件沒有直接關系，
16. DNS是基于( ) 模式的分布式系統，
    A.C/S
    B. B/S
    C. P2P
    D.以上都不對
    決議:域名系統DNS是-一個基于客戶/服務器模式的分布式資料庫管理系統,對應于TCP/IP體系結構的應用層，主要作用是主機城名和IP地址之間的決議，
17. 電子郵件中，通常使用POP3來發送郵件,使用SMTP來接收郵件，
    A.錯誤
    決議:電子郵件中，通常使用SMTP來發送郵件，使用POP3來接收郵件，
    B.正確
18. 超文本的含義是該文本中包含有鏈接到其它媒體的鏈接，
    A.正確
    B.錯誤
19. www.上每個網頁都有一個獨立的名字，這個名字被稱為域名，
    A.錯誤
    B.正確
    決議: www.上每個網頁都有-一個獨立的名字，這個名字被稱為URL，URL 就是統一資源定位符，簡單地講就是網路上的一個站點、網頁的完整路徑，
20. 若某同學在域名為mail.njupt.edu.cn的郵件服務器上申請了一個信箱，信箱號為
    huang,則該同學的電子郵件地址為( )
    A. huang@njupt.edu.cn
    B. mail.njupt.edu.cn@huang
    C. huang%njupt.edu.cn
    D. mail.njupt.edu.cn%huang
21. HTTP/1.1 協議以持續的非流水線方式作業，一次請求-回應時間為一個RTT,假定需要
    訪問的某WEB頁面參考了4個JPEG小影像，則從Web請求開始到瀏覽器收到全部內容為
    止，需要的RTT個數為5，
    決議:因為是非流水線，也就是說客戶只有在收到對前一個請求的回應后才會發出下一個請求，所以如果需要訪問的某WEB頁面參考了4個JPEG小影像，包括文本頁面在內,需
    要的RTT個數為1+4=5.
22. URL (統一資源定位符)的作用是( )
    A.定位在網路中的網頁的地址
    B.定位在網路中的計算機的地址
    C.定位IP地址并實作域名的轉換
    D.定位收發電子郵件的地址
    決議: URL 就是統一資源定位符，簡單地講就是網路上的-一個站點、網頁的完整路徑，可以用來定位網路中的網頁的地址，

網路安全

1. 一個密碼系統至少由明文、密文、加密演算法、解密演算法和密鑰5部分組成，能決定其安全性的是（)
   A.加密演算法
   B.密鑰的長度
   C.明文本身特性
   D解密演算法
2. DES的密鑰長度，明文分組長度分別是()位元
   A.64，64
   B.128，64
   C.56，64
   D.64，56
3. 關于公鑰密碼體制，以下說法錯誤的是()
   A.公鑰密碼體制的加密密鑰和解密密鑰可對調
   B.公鑰密碼體制的加密密鑰和解密密鑰不同
   C.公鑰密碼體制的安全性在于加密演算法不公開
   D.公鑰密碼體制的私鑰可作為發送者身份證明
4. 數字簽名技術所依賴的基本演算法是()
   A.對稱密鑰密碼體制
   B.公鑰密碼體制
   C.報文摘要
   D.網路安全協議
5. 關于MD5演算法，以下說法錯誤的是()
   A.MD5是單向數列演算法
   B.MD5實作的報文簽別可以防偽造
C.MD5報文摘要長度為160位
D.MD5可用于加解密

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